2012高考模拟试题

A牛顿提出了万有引力定律，并测得了万有引力常量 B法拉第经过多年的实验探索终于发现了电磁感应现象 C牛顿通过理想斜面实验提出，力不是维持物体运动的原因 D库仑在发现电荷间相互作用力规律之前，首先找到了定量测定电荷量的方法

20、如图所示，一半径为R的圆弧形轨道固定在水平地面上，O为最低点，轨道末端A、B两点距离水平地面的高度分别为h和2h，

h<A 甲 B．碰撞后乙球落到水平地面上时的速度大小为C．碰撞后甲球落到水平地面上时的速度大小为

乙 O B

D．碰撞的瞬间前后相比较，轨道对地面的压力变小

15、一个质量为M的箱子放在水平地面上，箱内用长为L的细线栓一质量为m的小球，线的另一端栓在箱子的顶板上，现把细线和球拉到与竖直方向成θ角处从静止自由释放，当球摆到最低点时，地面受到的压力为（ ） A．Mg(2－cosθ) C． (M+m)g

B．Mg+mg(1－cosθ)

D．Mg+mg(3－2cosθ)

16、图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点。下列哪种情况能使P点场强

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方向指向MN的左侧？（ ） A．Q1、Q2都是正电荷，且Q1B．Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1>|Q2| C．Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1||Q2|

左 a M P 右 b N 18、 如图，长为L，倾角为θ的光滑绝缘斜面处于电场中，一带电 量为 +q，质量为m的小球，以初速度v0由斜面底端的A点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端的速度仍为v0，则 ( )

A.小球在B点的电势能一定大于在A点的电势能 B.A、B两点的电势差一定为

mgLqABv0LC

mgsinqmgqC.若电场是匀强电场，则该电场的场强的最小值一定是D.若电场是匀强电场，则该电场的场强的最大值一定是

19、如图所示电路中变压器为理想变压器，S为单刀双掷开关，P是滑动变阻器R的滑动触头，U1为加在原线圈两端的交变电压，I1、

I2分别为原线圈和副线圈中的电流，下列说法正确的是( )

A．保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则R上消耗的功率减小 B．保持P的位置及U1不变，S由a切换到b，则I2减小

C．保持P的位置及U1不变，S由b切换到a，则I1增大 D．保持U1不变，S接在b端，将P向上滑动，则I1减小

2

U1 I1 I2 a b P R S 21、为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计。该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口。在垂直于上下底面方向加磁感应强度大小为B的匀强磁场，在前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极。污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U。若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是 （ ） A．若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高 B．若污水中负离子较多，则前表面比后表面电势高 C．污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大 D．污水流量Q与U成正比，与a、b无关

17、北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有

导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作卫星1和2均绕地心

c b B a Q

O做匀速圆周运动，轨道半径均为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置，如图所示。若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力。以下判断中正确的是

A．这两颗卫星的向心加速度大小相等，均为

Rgr22卫星1

A 60° O 地球 卫星2

B

B．卫星l由位置A运动至位置B所需的时间为

2r3Rrg

C．如果使卫星l加速，它就一定能追上卫星2

D．卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做正功 (每空2分共18分)22、如图

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钩码 位移传感器(发射器) 位移传感器(接收器) 小车 轨道 为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力与质量的关系”的实验装置。

（1）该实验应用的研究方法是_________________________法； （2）在小车总质量不变时，改变所挂钩码的数量，多次重复测量，可画出aF关系图线（如图所示）。

①分析此图线的OA段可得出的实验结论是________________。

②此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是____。 （3）若保持所挂钩砝数量不变，改变小车质量，多次重复测量，可以研究加速度a与质量m的关系，则应该绘制什么关系图线？ 答：___________。

11．图中R为已知电阻，Rx为待测电阻，K1为单刀单掷开关，K2为单刀双掷开关，V为电压表（内阻极大），E为电源（电阻不可忽略）。现用图中电路测量电源电动势及电阻Rx

(1)写出操作步骤：①K1断开，K2接到a端， ；②K2仍接到a端， ，记下电压表的读数U2；③K1仍闭合， ,记下电压表的读数U3.

(2)由R及测得的量，可测得

＝_____________________,

Rx=________________.

O F/N a/m·s−2 A B R a K2 b Rx V K1 24、（12分）水上滑梯可简化成如图所示的模 E 型，斜槽AB和光滑圆弧槽BC平滑连接，斜槽AB的竖直高度H=6.0m，倾角θ=37º。圆弧BC半径R=3.0m，末端C点的切线水平；C点与水平

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面的距离h=0.80m，人与AB间的动摩擦因数为μ=0.2。取重力加速度g=10m/s2，cos37º=0.8，sin37º=0.6。一个质量m=30kg的小朋友从滑梯顶端A点无初速地自由滑下，求： （1）小朋友沿斜槽AB下滑时加速度a的大小；

（2）小朋友滑到C点时速度v的大小及滑到C点时受到槽面的支持力FC的大小；

（3）在从C点滑出至落到水面的过程中，小朋友在水平方向位移x的大小。

25、（17分）电视机的显像管实际上是一只阴极射线管．图是某阴极射线管的主要构造示意图，A、B是加速电场，C、D是偏转磁场，可使电子在水平方向偏转，紧靠着偏转磁场是E、F偏转电场，可以使电子在竖直方向偏转，当C、D和E、F不接电压

O H R θ C h B θ A 时，电子枪发射的电子经加速后以v0速度沿水平直线MN垂直打在竖直的荧光屏P的中心O点．若在CD、EF分别加上某恒定电压后，CD两极间形成的匀强磁场的磁感应强度为Bmv0eL02mv0eL0（L0为一常

数），EF两极板间的匀强电场的场强E5

，电子将打在以荧

光屏P的中心O点为原点建立的如图示XOY直角坐标系上的某点Q（x，y）．已知：磁场沿MN方向的宽为L1＝0．6L0，电场沿MN宽度为L2＝0．8L0，电场右边缘到荧光屏的水平距离为d＝0．8L0，电子从磁场射出后立即进入电场，且从电场右边界射出，电子质量为m，电量为e．求： （1）加速电场的电压U （2）Q点的坐标（x，y） （3）电子打在荧光屏上的速度．

34、(15分) (选修3-4试题)

（1）在以下说法中，正确的是

A．电磁波谱包括无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线

B．牛顿环是簿膜干涉的结果，当用频率更高的单色光照射时，同级牛顿环半径将会变大

C．机械波是介质传递波源质点以及振动能量的一种方式 D．麦克耳孙-莫雷实验结果表明：不论光源与观察者做怎样的相对运动，光速都是一样的

（3）如图所示，半圆玻璃砖的半径R=10cm，折射率为n=3，直径AB与屏幕垂直并接触于A点．激光a以入射角i=30°射向半圆

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玻璃砖的圆心O，结果在水平屏幕MN上出现两个光斑．求两个光

斑之间的距离L．

M A O N

i a B

35、（选修3－5试题）共15分

（6分）（1）以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中正确的是 A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应 B．卢瑟福的α粒子散射实验可以估算原子核的大小

C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为该束光的照射时间太短

D．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大 E．发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子

F．用质子流工作的显微镜比用相同速度的电子流工作的显微镜分辨率高

（9分）(2) 质量分别为m1和m2的两个小球在光滑的水平面上分别以速度v1、v2同向运动并发生对心碰撞，碰后m2被右侧墙壁原速率弹回，又与m1相碰，碰后两球都静止。求：第一次碰后m1

球的速度。

v1 m1

v2 m2

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物理部分答案：

14，B 15，D 16，ACD 17，A 18，C 19，BC 20,C 2122. （1）控制变量法

（2）①质量一定的情况下，加速度与合外力成正比8

，D

②没有使小车质量远大于钩码质量 （3）a-1/m

23．（1）①K1断开，K2接到a端，记下电压表的读数U1；②K2仍接到a端，闭合K1，记下电压表的读数U2；③K1仍闭合，K2接到b端，记下电压表的读数U3. （2）U1

U3U2U3R

24.（1）a=4.4 m/s2 (2)VC=10m/s FC=1300N (3)x=4m 15．（1）由eU12mv20可得： Umv20

2e（2）从上向下看磁场和电场分布如答图8 在磁场中运动的半径Rmv0eBmv0emv0eL0L0

设电子经磁场后水平侧移量为x1，偏转角为α，则

x1RR2L1L02L0(0.6L0)220.2L0

答图8

tanα＝3/4

进入电场以及在电场边界到荧光屏的过程中，水平方向作匀速直线运动，所以x2=（L2+d）tanα=1．2L0 可得：x＝－（x1+x2）＝－1．4L0 在电场运动的时间和电场边界到荧光屏的时间

9

答图９

相同即

tL2/cosv00.8L0/0.8v0L0v0，

在电场中y方向的加速度为

aeEme(mv20/eL0)mv02L0

121v02在电场中y方向的偏移量y1y方向的速度为vyatv0L0L0v02at22L0(L0v0)0.5L02

v0

从电场边界到荧光屏过程中电子做匀速运动， y方向的偏移量：y2vytv0L0v0L0

可得：yy1y20.5L0L01.5L0 所以Q点的坐标为（－1．4L0，1．5L0） （3）电子打在荧光屏上的速度为vv0vy222v0

方向为：与水平方向成450角． (15分) (选修3-4试题)

（1）AD（3分，漏选得1分，错选得0分） （2）B 4/9 （3）画出如图光路图，设折射角为r，根据折射定律

nsinrsini

）

解得 r60

由几何知识得，ΔOPQ为直角三角形，所以两个光斑PQ之间的距离

LPAAQRtan302Rsin60

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）

解得 L

4033M 23.1cmN P A r O B Q ）

i a （1）BDF（6分）根据动量守恒定律得：m1v1m2v22m1m2v2m1v1m2v2m1v1m2v2m1v1

解得：v1

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