2023年广东省深圳中学高三物理第一学期期末复习检测试题含解析

注意事项:

1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2．答题时请按要求用笔。 3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在如图所示电路中，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中（ ）

A．电压表的示数增大，电流表的示数减小 B．电容器C所带电荷量减小。 C．R1的电功率增大 D．电源的输出功率一定增大

2、我国的航天技术处于世界先进行列，如图所示是卫星发射过程中的两个环节，即卫星先经历了椭圆轨道I，再在A点从椭圆轨道I进入圆形轨道Ⅱ，下列说法中错误的是（ ）

A．在轨道I上经过A的速度小于经过B的速度

B．在轨道I上经过A的动能小于在轨道Ⅱ上经过A的动能 C．在轨道I上运动的周期小于在轨道Ⅱ上运动的周期

D．在轨道I上经过A的加速度小于在轨道Ⅱ上经过A的加速度

3、物体在恒定的合外力作用下做直线运动，在时间△t1内动能由0增大到E0，在时间

∆t2内动能由E0增大到2E0.设合外力在△t1内做的功是W1、冲量是I1，在∆t2内做的功是W2、冲量是I2，那么( )

A．I1I2 W1=W2

C．I1I1=I2 W14、如图所示，边长为l的单匝正方形线圈放在光滑水平面上，其有一半处于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中。第一次保持磁场不变，使线圈在水平向右的拉力作用下，以恒定速度v向右运动；第二次保持线圈不动，使磁感应强度大小发生变化。若线圈的总电阻为R，则有（ ）

A．若要使两次产生的感应电流方向相同，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐增大 B．若要使两次产生的感应电流大小相同，则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率

B2Bv tlB2l2vC．第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为

2RB2l2D．第一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为

R5、根据所学知识分析，下列说法中正确的是（ ） A．布朗运动就是热运动

B．有液体和气体才能发生扩散现象

C．太空飞船中水滴呈球形，是液体表面张力作用的结果

D．分子间相互作用的引力和斥力的合力一定随分子间的距离增大而减小

6、在2018年亚运会女子跳远决赛中，中国选手许小令获得铜牌。在某一跳中，她（可看作质点）水平距离可达6.50 m，高达1.625 m。设她离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则正切值tanα的倒数等于（ ）

A．0.5 B．1 C．4 D．8

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，

有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

A、B两板间电压为600V，A板带正电并接地，A、B两板间距离为12cm，7、如图所示，C点离A板4cm，下列说法正确的是( )

A．E=2000V/m，φC=200V B．E=5000V/m，φC=-200V

C．电子在C点具有的电势能为-200eV D．电子在C点具有的电势能为200eV 8、下列说法中正确的是 。 A．电子的衍射图样证实了实物粒子具有波动性

B．为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的

C．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子总能量减小 D．光电效应中极限频率的存在说明了光的波动性

9、如图所示，光滑水平面上放置A、B两物体相互接触但并不黏合，两物体的质量分别为mAkg，mB3kg。从t0开始，作用力FA和作用力FB分别作用在A、B两物体上，FA、FB随时间的变化规律分别为FA=82tN，FB22tN。则（ ）

A．A、B两物体一直以2m/s2的加速度做匀加速运动 B．当FAFB时，A、B两物体分离 C．t=1s时A物体的运动速度为2m/s D．物体B在t=5s时的加速度为4m/s2

10、歼－15飞机是我国研制的多用途舰载战斗机。某飞行训练中，第一次舰保持静止，飞机从静止开始沿甲板运动，当飞机的速度为v时通过的距离为x1，经历的时间为t1；第二次舰以速度v0匀速运动，飞机相对甲板由静止开始沿舰运动的同方向加速，当飞机相对海面的速度为v时沿甲板通过的距离为x2，经历的时间为t2。设两次飞机均做匀加速运动且加速度大小相等。则（ ）

t11A．

t21t1vB．

t2vv0x1v2() C．x2vv0x1v2D． x2v2v02三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）某同学准备利用下列器材测量干电池的电动势和内电阻。 A．待测干电池两节，每节电池电动势约为1.5V，内阻约几欧姆 B．直流电压表V1、V2，量程均为3V，内阻约为3kΩ C定值电阻R0未知

D．滑动变阻器R，最大阻值Rm E．导线和开关

(1)根据如图甲所示的实物连接图，在图乙方框中画出相应的电路图______。

(2)实验之前，需要利用该电路图测出定值电阻R0，方法是先把滑动变阻器R调到最大阻值Rm，再闭合开关，电压表V1和V2的读数分别为U10、U20，则R0=___________(用Um、U10、U20、Rm表示)

(3)实验中移动滑动变阻器触头，U2，读出电压表V1和V2的多组数据U1、描绘出U2-U1图象如图丙所示，图中直线斜率为k，与纵轴的截距为a，则两节干电池的总电动势E=___________，总内阻r=___________(用k、a、R0表示)。

12．（12分）在没有电压表的情况下，某物理小组借助于一个阻值R0＝15 Ω，最大阻值50Ω的滑动变阻器和两个电流表及一个不计内阻、电动势E＝6V的电源，成功测出了一个阻值大约为几十欧姆的电阻阻值，实验电路如图甲所示，若你为该小组成员，请完善探究步骤：

(1)现有四只可供你选择的电流表：

A．电流表（0~0.3 A，内阻为5.0 Ω） B．电流表（0~3 mA，内阻为2.0 Ω） C．电流表（0~3 mA，内阻未知） D．电流表（0~0.6 A，内阻未知） 则电流表A1你会选________；电流表A2你会选________。（填器材前的字母） (2)滑动变阻器的阻值变化则电流表A2的示数也随之发生变化，x表示接入电路的滑动变阻器长度，I2表示电流表A2的示数，则下列四个选项中能正确反映这种变化关系的是________。

(3)该课外活动小组利用图甲所示的电路，通过改变滑动变阻器接入电路中的阻值，得到了若干组电流表A1、A2的示数I1、I2，然后在坐标纸上描点、连线，得到的I1－I2图线如图乙所示，由图可知，该待测电阻Rx的阻值为________Ω（结果保留三位有效数字）。这样测得的Rx的阻值有无系统误差________。（填有或无）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．（10分）沿x轴正方向传播的简谐横波在t1=0时的波形如图所示，此时，波传播到x2=2m处的质点B，而平衡位置为x=0.5m处的质点A正好位于波谷位置，再经0.2s，质点A恰好第一次到达波峰。求： (1)该波的波速；

(2)在t2=0.9s时，平衡位置为x= 5m处的质点C的位移。

14．（16分）如图所示，水平面上固定着一条内壁光滑的竖直圆弧轨道，BD为圆弧的竖直直径，C点与圆心O等高。轨道半径为R0.6m，轨道左端A点与圆心O的连线与竖直方向的夹角为53，自轨道左侧空中某一点Р水平抛出一质量为m的小球，初速度大小v03m/s，恰好从轨道A点沿切线方向进入圆弧轨道已知

sin530.8，cos530.6，求：

（1）抛出点P到A点的水平距离；

（2）判断小球在圆弧轨道内侧运动时，是否会脱离轨道，若会脱离，将在轨道的哪一部分脱离。

15．（12分）某日清晨，中国海监船在执行东海定期维权巡航执法过程中，发现从事非法调查作业活动的某船只位于图甲中的A处，预计在80秒的时间内将到达图甲的C处，我国海监执法人员立即调整好航向，沿直线BC从静止出发恰好在运动了80秒时到达C处，而此时该非法船只也恰好到达C处，我国海监部门立即对非法船只进行了驱赶．非法船只一直做匀速直线运动且AC与BC距离相等，我国海监船运动的v－t图象如图乙所示。

(1)求非法船只的速度大小；

(2)若海监船加速与减速过程的加速度大小不变，海监船从B处由静止开始若以最短时间准确停在C点，需要加速的时间为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1、A 【解析】

A．滑动变阻器的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中，R2阻值变大，电阻总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律知，总电流减小，电流表示数减小，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压

UE（IR1r）

总电流减小，电压表示数增大，故A正确；

B．容器两端电压即电压表两端电压QCU，电压增大，电容器所带电荷量增多，故B错误；

2C．流过电阻R1的电流减小，由公式PIR1可知，消耗的功率变小，故C错误；

D．当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，题干中没有明确外电阻与内阻的关系，故滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中，电源的输出功率不一定增大，故D错误。 故选A。 2、D 【解析】

A．在轨道I上运动过程中，从B到A，万有引力做负功，所以在轨道I上经过A的速度小于经过B的速度，故A不符题意；

B．要实现从轨道I变轨到轨道II，要在轨道I的A点加速，才能变轨到轨道II，所以在轨道I上经过A的速度小于在轨道II上经过A的速度，即在轨道I上经过A的动能小于在轨道II上经过A的动能，故B不符题意； C．根据

r3k 2T可知半长轴越大，周期越大，故在轨道I上运动的周期小于在轨道II上运动的周期，故C不符题意； D．根据

GMmma r2GM 2r可得

a由于在轨道I上经过A点时的轨道半径等于轨道II上经过A的轨道半径，所以两者在A点的加速度相等，故D符合题意。 本题选错误的，故选D。 3、B 【解析】 根据动能定理得：

W1=E0-0=E0，W1=1E0-E0=E0

则W1=W1．动量与动能的关系式为

，

, 则由动量定理得：

则I1＞I1．

A. I1I1 W1=W1不相符，故A不符合题意； B. I1>I1 W1=W1与上述分析结论I1>I1 W1=W1相符，故B符合题意； C. I1I1 W1=W1不相符，故C不符合题意； D. I1=I1 W1I1 W1=W1不相符，故D不符合题意。 4、B 【解析】

A．根据右手定则可知，第一次时线框中的感应电流方向顺时针方向；若要使两次产生的感应电流方向相同，根据楞次定律，则第二次时磁感应强度大小必须逐渐减小，故A错误；

B． 根据切割感应电动势公式EBLv及闭合电路欧姆定律可得第一次时感应电流大小：IBlv R若要使两次产生的感应强度电流大小相同，根据法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律则有：

Bl21Blv t2RR则第二次时磁感应强度大小随时间必须均匀变化，且变化率为：

B2Bv tl故B正确；

C．第一次时，在线圈离开磁场的过程中，水平拉力做的功为：

lBlvlB2l3v WFBl2R22R故C错误；

D．第一次时，在线圈离开磁场的过程中，通过线圈某一横截面的电荷量为：

Bl2 qItR2R故D错误； 故选B。

5、C 【解析】

A．布朗运动是物质微粒在液体或气体中的无规则运动，间接反映了液体分子或气体分子在永不停息地做无规则运动，它不是微粒的热运动，也不是液体分子的热运动，A错误；

B．固体、液体、气体都可以发生扩散现象，B错误；

C．太空飞船中的水滴处于完全失重状态，在表面张力作用下收缩为球形，C正确； D．当rr0时，分子间相互作用的引力和斥力的合力随分子间距离的增大而减小，当rr0D错误。 时，分子间相互作用的引力和斥力的合力随分子间距离的增大而先增大后减小，故选C。 6、B 【解析】

从起点A到最高点B可看作平抛运动的逆过程，如图所示：

许小令做平抛运动位移方向与水平方向夹角的正切值为tanβ=0.5，速度方向与水平方向 夹角的正切值为tanα=2tanβ=1，则正切值tanα的倒数等于1，故B正确，ACD错误。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7、BD 【解析】

由U=Ed可求得场强E，C点的电势等于C与A板的电势差，由U=Ed求解C点的电势；由Ep=qφC可求得电子在C点具有的电势能． 【详解】

A、B、AB间有匀强电场，场强为

,AC间的电势差为

UAC=Ed1=5000×0.04V=200V，因A带正电且电势为零，C点电势低于A点的电势，故φC=-UAC=-200V，故A错误，B正确；

C、D、电子在C点具有的电势能EP=φC×(-e)=200eV；故C错误，D正确； 故选BD.

【点睛】

在研究电场中电势时一定要注意各个量的正负，明确各点间电势的高低，注意电势的符号． 8、AB 【解析】

A．电子的衍射图样证实了实物粒子的波动性，故A正确；

B．为了解释黑体辐射规律，普朗克提出电磁辐射的能量的量子化，故B正确； C．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大，故C错误；

D．光电效应现象说明了光的粒子性，并不是波动性，故D错误。 故选AB。 9、CD 【解析】

AB．FA、FB的大小都随时间而变化，但合力

F合FAFB10N

不变，故开始一段时间内A、B以相同的加速度做匀加速运动，A、B分离前，对整体有

FAFB(mAmB)a①

设A、B间的弹力为FAB，对B有

FBFABmBa②

由于加速度a恒定，则随着t的增大，FB增大，弹力FAB逐渐减小，当A、B恰好分离时，A、B间的弹力为零，即

FAB0③

将

FA(82t)N，FB(22t)N

代入①解得

a2m/s2

联立②③得，t=2s，此时

FA(82t)N(822)N4N

FB(22t)N(222)N6N

所以在2s内，A、B两物体一直以2m/s2的加速度做匀加速运动，t=2s后A、B两物体分离，故AB错误；

C．t=1s时A物体的运动速度为

vat21m/s2m/s

故C正确；

D．物体B在t=5s时的加速度为

aBFB22t225m/s24m/s2 mBmB3故D正确。 故选CD。 10、BC 【解析】

当舰静止时，根据运动学公式有： v=at1 v2=2ax1 当舰运动时，有 v-v0=at2

12vtat2v0t2x2 022整理得：

t1v t2vv0x1v2() x2vv0故BC正确，AD错误。 故选BC。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、

U20U10Rm a kR0

U101k1k【解析】

（1）由实物图可知电路的连接方式，得出的实物图如图所示：

（2）由图可知，V2测量R0与R两端的电压，V1测量R两端的电压，则R0两端的电

压U20﹣U10；由欧姆定律可知：R0

U20U10U20U10U10U10Rm； RmER0U2U1rUU1，r，变形得：2R0rR0rR0E＝U2（3）由闭合电路欧姆定律可知：

ER0rkR0ka，解得;Ea,r结合图象有：，。 R0rR0r1k1k12、A D D 46.6Ω（45.0-50.0Ω均可） 无 【解析】

(1)[1][2]．由于在该实验电路中没有电压表，所以要将定值电阻R0和电流表改装成电压表使用，因此电流表A1的内阻应已知，通过该电流表的最大电流约为：

IE60.3A

R0RA1155A1应选用A电流表．由于电流表A2的内阻不是必须要知道的，其量程要大于电流表A1的量程，所以电流表A2应选择D电流表．

(2)[3]．流经电流表A2的电流为电路中的总电流，设滑动变阻器单位长度的电阻为r，则有

I2ER0RA1RXRrx

A2R0RA1RXR0RA1RXkRA2，则上式可变为

又因为R0、Rx、RA1、RA2等均为定值，令

R0RA1RXI2E krx由数学关系可知，D正确，故选D． (3)[4][5]．根据图示电路图，由欧姆定律可知 （R0+RA1）I1=Rx（I2-I1） 整理可得

RXI 1 RXR0RA1I2I1而即题图中I1-I2图线的斜率，由图可知 I2I10.287  I20.410解得 Rx=46.6Ω．

由于实验中考虑到了电流表内阻，则这样测得的Rx的阻值无系统误差。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。 13、 (1)5m/s； (2)2cm 【解析】

(1)质点A第一次到达波峰，时间间隔

1tT0.2s

2即

T0.4s

由v

T

可知波速

v5m/s

(2)由vx可知 波传到C点的时间t0.6s，此时C沿y轴正方向运动，再经过t0.3s，C点到达波谷，即y2cm．

14、（1）1.2m；（2）会，小球在轨道CD部分脱离轨道 【解析】

（1）如图所示，画出小球通过A点时的速度矢量三角形

vyv0tan

vygt

xPAv0t

代入数据求得

xPA1.2m

（2）根据速度矢量三角形

vAv0 cos12mvAmgRcos 2说明小球能越过轨道C点；

假设小球能从A运动到D，根据动能定理

1212mgR(1cos)mvDmvA

22解得

vD5.8m/s

若小球恰能通过D点则有

2vD mgmRvgR D vD6m/s因vDvD，因此小球会在轨道CD部分脱离轨道。 15、 (1)15m/s(2)303s 【解析】

(1)结合图乙可知海监船运行的位移即为v－t图线与横坐标轴所围的面积：

1x[(70－30)＋80]20m＝1 200m

2由运动学公式x＝vt，代入数据可求得： v＝15m/s

(2)由加速度定义式：aa1＝

v代入数据可求加速与减速过程中加速度大小分别为： t2002m/s2＝m/s2 303200a2＝m/s2＝2m/s2

10设加速时间为t1，减速时间为t2，要使时间最短有

a1t1＝a2t2 1212a1t1a2t2x 22解得 t1＝303s