扶沟二高2018-2019学年度下期第一次考试
高二物理试卷 命题人：范法彦
一、选择题前面1-10个小题只有一个正确，11-12为多选试题，共48分。
1.以初速度竖直向上抛出一物体，空气阻力大小不变．关于物体受到的冲量，以下说法正确的是( )
------------------------------------------学校---------------------姓名----------------------班级------------------------------考号 A． 物体上升阶段和下落阶段受到的重力的冲量方向相反 B． 物体上升阶段和下落阶段受到空气阻力冲量的大小相等 C． 物体在下落阶段受到重力的冲量小于上升阶段受到重力的冲量 D． 物体从抛出到返回抛出点，动量变化的方向向下
2.一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示．则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统( ) A． 动量守恒，机械能守恒 B． 动量不守恒，机械能守恒 C． 动量守恒，机械能不守恒
D． 无法判定动量、机械能是否守恒
3.木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（ ）
①a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量守恒 ②a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量不守恒 ③a离开墙壁后，a和b组成的系统动量守恒 ④a离开墙壁后，a和b组成的系统动量不守恒．
A. ①③
B. ②④
C. ②③
D. ①④
4.关于热辐射，下列说法中正确的是( ) A．一般物体的热辐射强度只与物体的温度有关
B．黑体只吸收电磁波，不反射电磁波，所以黑体一定是黑的 C．一定温度下，黑体辐射强度随波长的分布有一个极大值 D．温度升高时，黑体辐射强度的极大值向波长增大的方向移动 5. 下列有关光的波粒二象性的说法中，正确的是( ) A．有的光是波，有的光是粒子 B．光子与电子是同样的一种粒子
C．光的波长越长，其波动性越显著；波长越短，其粒子性越显著 D．大量光子的行为往往表现出粒子性
6.在光电效应实验中，飞飞同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线(甲光、乙光、丙光)，如图所示．则可判断出( ) A．甲光的频率大于乙光的频率 B．乙光的波长大于丙光的波长
C．乙光对应的截止频率大于丙光对应的截止频率
D．甲光对应的光电子最大初动能大于丙光对应的光电子最大初动能
7. 经150 V电压加速的电子束，沿同一方向射出，穿过铝箔后射到其后面的屏上，则( ) A．所有电子的运动轨迹均相同 B．所有电子到达屏上的位置坐标均相同
C．电子到达屏上的位置坐标可用牛顿运动定律确定
D．电子到达屏上的位置受波动规律支配，无法用确定的坐标来描述它的位置
8. 如图甲所示，合上开关，用光子能量为2.5 eV的一束光照射阴极K，发现电流表读数不为零．调节滑动变阻器，发现当电压表读数小于0.60 V时，电流表读数仍不为零，当电压表读数大于或等于0.60 V时，电流表读数为零．把电路改为图乙，当电压表读数为2 V时，则逸出功及电子到达阳极时的最大动能为( )
A．1.5 eV 0.6 eV B．1.7 eV 1.9 eV C．1.9 eV 2.6 eV D．3.1 eV 4.5 eV 9.下面对阴极射线的认识正确的是( )
A．阴极射线是由阴极发出的粒子撞击玻璃管壁上的荧光而产生的 B．只要阴阳两极间加有电压，就会有阴极射线产生 C．阴极射线可以穿透薄铝片，这说明它是电磁波
D．阴阳两极间加有高压时，电场很强，阴极中的电子受到很强的库仑力作用而脱离阴极 10.如图所示为卢瑟福α粒子散射实验装置的示意图，图中的显微镜可在圆周轨道上转动，通过显微镜前相连的荧光屏可观察α粒子在各个角度的散射情况．下列说法中正确的是( )
A．在图中的A、B两位置分别进行观察，相同时间内观察到屏上
的闪光次数一样多
B．在图中的B位置进行观察，屏上观察不到任何闪光
C．卢瑟福选用不同金属箔片作为α粒子散射的靶，观察到的实验结果基本相似 D．α粒子发生散射的主要原因是α粒子撞击到金箔原子后产生的反弹
11.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰，小球的质量分别为m1和m2.图乙为它们碰撞前后的x－t(位移－时间)图象．已知m1＝0.1 kg.由此可以判断( )
A． 碰前m2静止，m1向右运动 B． 碰后m2和m1都向右运动 C．m2＝0.3 kg
D． 碰撞过程中系统损失了0.4 J的机械能
12.如图所示，质量均为M的甲、乙两车静置在光滑的水平面上，两车相距为L.乙车上站立着一个质量为m的人，他通过一条轻绳拉甲车，甲、乙两车最后相接触，以下说法正确的是( )
A． 甲、乙两车运动中速度之比为B． 甲、乙两车运动中速度之比为C． 甲车移动的距离为D． 乙车移动的距离为
L L
二、填空题14分
13.某同学设计了一个用打点计时器探究碰撞过程中不变量的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥，推动小车A使之做匀速运动。然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速运动，他设计的具体装置如图所示。在小车A后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50Hz，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力。
(1)若已得到打点纸带如图所示，并将测得的各计数点间距离标在图上，A点是运动起始的第一点，则应选 段来计算A的碰前速度，应选 段来计算A和B碰后的共同速度(以上两格填“AB’’或“BC”或“CD”或“DE”)。
(2)已测得小车A的质量m1=0.40kg，小车B的质量m2=0.20kg，由以上测量结果可得：碰前mAvAmBvB kg·m/s；碰后
''m/s。并比较碰撞前后两个小车质量mAvAmBvB kg·
与速度的乘积之和是否相等。
14.用如图甲所示装置验证动量守恒定律．实验中
(1)为了尽量减小实验误差，在安装斜槽轨道时，应让斜槽末端保持水平，这样做的目的是________．
A．使入射球与被碰小球碰后均能从同一高度飞出 B．使入射球与被碰小球碰后能同时飞出
C．使入射球与被碰小球离开斜槽末端时的速度为水平方向 D．使入射球与被碰小球碰撞时的动能不损失
(2)若A球质量为m1＝50 g，两小球发生正碰前后的位移—时间(x－t)图象如图乙所示，则小球B的质量为m2＝________.
(3)调节A球自由下落高度，让A球以一定速度v与静止的B球发生正碰，碰后两球动量正好相等，则A、B两球的质量之比
三、计算题38分
15.在水平力F＝30 N的作用力下，质量m＝5 kg的物体由静止开始沿水平面运动．已知物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.2，若F作用6 s后撤去，撤去F后物体还能向前运动多长
2
时间才停止？(g取10 m/s)
应满足________．
16、如图1所示，光滑水平轨道上放置长木板A(上表面粗糙)和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为mA＝2 kg、mB＝1 kg、mC＝2 kg.开始时C静止，A、B一起以v0＝5 m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞(时间极短)后C向右运动，经过一段时间，A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞．求A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小．
图1
17、如图2所示，B是放在光滑的水平面上质量为3m的一块木板，物块A(可看成质点)质量为m，与木板间的动摩擦因数为μ.最初木板B静止，物块A以水平初速度v0滑上长木板，木板足够长．求：(重力加速度为g) (1)木板B的最大速度是多少？
(2)木块A从刚开始运动到A、B速度刚好相等的过程中，木块A所发生的位移是多少？ (3)若物块A恰好没滑离木板B，则木板至少多长？
扶沟二高2018-2019学年度下期第一次考试
高二物理试卷 命题人：范法彦
一、选择题
1、D 2、C 3、C 4、C 5、C 6、B 7、D 8、C 9、D 10、C 11、AC 12、ACD 二、填空题
13. 答案：(1)BC DE (2)0.420 0.417
------------------------------------------学校---------------------姓名----------------------班级------------------------------考号 14.(1)C (2)20 g (3)1＜15.12 s
≤3
解：解法一：用牛顿运动定律解：
在有水平力F作用时，物体做初速度为零的匀加速运动；撤去F后，物体做匀减速运动．受力分析如图所示．
F－Ff＝ma1，FN＝mg，
根据滑动摩擦力公式有：Ff＝μFN.
以上三式联立解得物体做匀加速运动的加速度为 a1＝
10) m/s2＝4 m/s2. ＝－μg＝(－0.2×
在撤去F时物体的瞬时速度为： v＝a1t1＝4×6 m/s＝24 m/s.
在撤去F后，物体受重力、支持力FN和摩擦力Ff作用(如图乙所示)，设物体运动的加速度为a2，根据牛顿第二定律有－μmg＝ma2. 解得物体做匀减速运动的加速度为 a2＝－μg＝－0.2×10 m/s2＝－2 m/s2.
设撤去F后物体运动的时间为t2，根据运动学公式有 t2＝
＝
s＝12 s.
解法二：用动量定理解，分段求解：
选物体为研究对象，对于撤去F前物体做匀加速运动的过程，受力情况如图甲
所示，始态速度为零，终态速度为v.取水平力F的方向为正方向，根据动量定理有
(F－μmg)t1＝mv－0，
对于撤去F后，物体做匀减速运动的过程，受力情况如图乙所示，始态速度为v，终态速度为零．根据动量定理有 －μmgt2＝0－mv. 以上两式联立解得 t2＝t1＝
×6 s＝12 s.
解法三：用动量定理解，研究全过程：
选物体作为研究对象，研究整个运动过程，这个过程的始、末状态的物体速度都等于零．
取水平力F的方向为正方向，根据动量定理得 (F－μmg)t1＋(－μmg)t2＝0 解得t2＝t1＝
×6 s＝12 s.
16、解析 长木板A与滑块C处于光滑水平轨道上，两者碰撞时间极短，碰撞过程中滑块B与长木板A间的摩擦力可以忽略不计，长木板A与滑块C组成的系统，在碰撞过程中动量守恒，取水平向右为正方向 则mAv0＝mAvA＋mCvC①
A、C碰撞后，长木板A与滑块B组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，mAvA＋mBv0＝(mA＋mB)v②
长木板A和滑块B达到共同速度后，恰好不再与滑块C碰撞， 则最后三者速度相等，vC＝v③
联立①②③式，代入数据解得：vA＝2 m/s v015v023v0217、答案 (1) (2) (3)
432μg8μg
解析 (1)由题意知，A向右减速，B向右加速，当A、B速度相等时B速度最大．以v0的方向为正方向，根据动量守恒定律：mv0＝(m＋3m)v① v0
得：v＝②
4
(2)A向右减速的过程，根据动能定理有
11
－μmgx1＝mv2－mv02③
22
15v02
则木块A所发生的位移为x1＝④
32μg(3)方法一：B向右加速过程的位移设为x2. 1
则μmgx2＝×3mv2⑤
23v02
由⑤得：x2＝ 32μg木板的最小长度： 3v02
L＝x1－x2＝ 8μg
方法二：从A滑上B至达到共同速度的过程中，由能量守恒得： 11
μmgL＝mv02－(m＋3m)v2
223v02
得：L＝.
8μg
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