一、单选题（本大题共10小题，共20.0分） 1. 在下列几种方法中，不能增大声音响度的是( )
A. 增大声源的振动幅度 C. 通过喇叭形的筒传声
2. 下列估测最接近实际的是( )
B. 提高声源的振动频率 D. 离声源更近些
A. 人体正常体温39℃ C. 一颗鸡蛋质量约为50g
B. 雾霾颗粒的直径约为1cm D. 空调正常工作时的电流大约为1A
3. 下列现象形成的过程中，吸收热量的是( )
A.
初春，晨雾弥漫
B.
盛夏，河床干枯
C.
晚秋，朝露晶莹
D.
严冬，霜打枝头
4. 如图所示，下列说法正确的是( )
A. 小鸟受到的重力与小鸟对树枝的压力是一对平衡力 B. 小鸟对树枝的压力与树枝对小鸟的支持力是一对平衡力 C. 小鸟受到的重力与树枝对小鸟的支持力是一对平衡力 D. 小鸟受到的重力与树枝受到的重力是一对平衡力
5. 关于如下四幅图的说法错误的是( )
A. 拇指所指的那端就是通电螺线管的N极
B.
地磁场的两极与地理的两极不重合
C.
奥斯特实验证实电流的周围存在着磁场
D.
司南之杓，投之于地，其柢指北
6. 如图所示，擦窗机器人能凭借自身底部的真空泵和吸盘吸附在玻璃上“行
走”，带动清洁布擦拭玻璃。下列说法错误的是( )
A. 当真空泵将吸盘内的空气抽出时，由于大气压的作用，擦窗机器人被压
在玻璃上
B. 擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，所受的摩擦力大于自身
所受的重力
C. 擦窗机器人接收的指令是通过电磁波传递的
D. 擦窗机器人从窗户底端运动到顶端，其重力势能增大
7. 下列说法正确的是( )
A. 冰水混合物吸热时，温度不变，内能增大
B. 物体的温度越高，分子运动得越快，物体的动能越大 C. 汽车发动机工作时提供动力的是压缩冲程 D. 物体的温度升高，一定是从外界吸收了热量
8. 如图所示，在凸透镜成像的实验中，下列说法正确的是( )
A. 蜡烛逐渐远离凸透镜时，移动光屏，在光屏上成的像渐变大 B. 蜡烛逐渐靠近凸透镜时，光屏要靠近凸透镜才能承接到清晰的像 C. 蜡烛在a点时，所成的像是倒立缩小的
D. 应用蜡烛在b点时的成像原理，可制成近视眼镜
9. 一只木箱放在水平地面上，地面上各处粗糙程度相同。对木箱施加一个方向不变的水平推力𝐹(如
图甲)；F的大小与时间t的关系、木箱的运动速度v与时间t的关系图象如图乙所示。以下说法正确的是( )
A. 在第一个2s内木箱所受摩擦力为2N B. 在第二个2s内木箱所受摩擦力为3N C. 在第一个2s内推力F对木箱所做的功为2J D. 在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为8W
10. 如图所示是小晨已经连好的电路。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向B端移动，下列说法正
确的是(灯丝电阻不变、电源电压不变)( )
A. 电流表的示数逐渐变大 C. 小灯泡越来越暗
二、填空题（本大题共7小题，共21.0分）
B. 电压表的示数逐渐变大 D. 电路消耗的总功率增大
11. “破镜不能重圆”是因为将破镜合起来时，镜子破裂处的绝大多数分子间距离______(选填“较
大”或“较小”)，所以分子间______(选填“几乎没有相互作用力”、“存在较大斥力”或“存
在较大引力”)。将两个表面光滑的铅块相互压紧后，铅块会粘在一起，说明分子间有相互作用的______．
12. 如图甲所示，在调节天平横梁平衡时，发现指针偏向分度盘的左侧，这时应将天平横梁右端的
平衡螺母向______ 调，或将天平横梁左端的平衡螺母向______ (填“左”或“右”)调．用调节好的托盘天平测量矿石的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码以及游码在标尺上的位置如图乙所示．矿石的质量是______ g；矿石放入量筒前后量筒中水面位置如图丙所示，矿石的体积是______ 𝑐𝑚3，矿石的密度是______ 𝑘𝑔/𝑚3．
13. 据曲靖市抗旱指挥部统计，今年我市连续数月无明显降雨，“森林防火，警钟长鸣”，在森林
防火灭火中，用直升机洒水．飞机加速时，吊着的水桶向后摆，这是由于水桶具有______ ，水从高处下落过程中，水的重力势能主要转化为______ 能．
14. 在如图所示的装置中，闭合开关，用外力使导体棒ab水平向左运动，发
现导体棒cd也随之运动起来，其中ab部分的物理原理是______，该原cd部分产生的现象与______(理是由英国物理学家______第一次发现的，选填“电动机”或“发电机”)的工作原理相似。
15. 在探究“固体熔化时温度的变化规律”时，李梅分别测得甲、乙两种物质从固态到完全熔化的
过程中的实验数据如下表： 时间/𝑚𝑖𝑛 0 甲的温度/℃ 乙的温度/℃ 35.0 1 40.0 2 44.8 3 49.5 4 54.2 5 58.4 6 62.6 7 66.9 42.0 44.0 46.0 48.0 48.0 48.0 48.0 50.0 (1)根据表中数据可以判断，物质甲是______(选填“晶体”或“非晶体”)。 (2)温度44.0℃时，物质乙是______(选填“固态”、“液态”或“气态”)。
灯泡上标着“𝑃𝑍220−25”的字样，它正常工作______h消耗1𝑘𝑤⋅ℎ16. 小琪家里的一只照明台灯，
的电能；他家的电能表上标有“220V 10(20)𝐴”和“2500𝑖𝑚𝑝/(𝑘𝑤⋅ℎ)”的字样，他记下在10min内这个电能表的指示灯闪烁了250次，则他家里正在使用的用电器总功率为______W，电能表下面能接用电器的最大总功率是______W。
17. 要把木箱拉到斜面顶端，小明想办法把木箱放在小车上，用沿斜面方
向的轻质细绳把车和木箱匀速拉上斜面顶端(如图所示)，整个过程历时10𝑠.已知木箱重𝐺=400𝑁，车重80N，对车的拉力𝐹=125𝑁，斜
面长𝐿=4𝑚，斜面高ℎ=1𝑚，则对木箱做的有用功是______ ，总功是______ ，斜面的机械效率是______ ，利用斜面能______ (填“省力”或“费力”)． 三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
18. 如图所示，A是水中的一个发光点，从A发出一条光线经平面镜
反射后，反射光线通过B点，并在水面处发生折射。请画出入射光线、反射光线和折射光线的大致方向。
19. 如图所示，在杠杆AB上挂了一个重为G的物体，为使杠杆在图中
的位置静止。请画出重力G的示意图、杠杆受到最小的动力F和F的力臂L。
四、实验探究题（本大题共3小题，共26.0分）
20. 某同学利用如图所示的实验装置探究平面镜成像的特点。
(1)在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块透明玻璃板。把蜡烛A点燃放在玻璃板的前面，该同学应在玻璃板______(选填“前面”或“后面”)观察蜡烛A经玻璃板反射所成的像。
(2)再拿一支外形完全相同但______(选填“点燃”或“未点燃”)的蜡烛B放在玻璃板后面移动，直到看上去跟蜡烛A的像______。
21. 如图甲是用水来“探究浮力大小”的一些实验过程示意图。
(1)实验步骤C和D可以探究浮力大小与______的关系；
(2)由图示的情景可知物体浸没在水中受到的浮力大小为______N；步骤A和______可以测出物体排开的水所受重力𝐺排；比较𝐹浮和𝐺排可以得出𝐹浮与𝐺排的关系。
(3)图乙是物块缓慢浸入水中时，弹簧测力计示数F随浸入深度h变化的关系图象，分析图象可知：物块浸没水中后，所受的浮力大小与______无关 (4)此物块的密度是______𝑔/𝑐𝑚3。
22. 小潘在“测量小灯泡的电功率的实验中，选择了额定电压为2.5𝑉的小灯泡，滑动变阻器规格为
20𝛺1𝐴。
(1)用笔画线代替导线，将图1电路补充完整 。
(2)正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，则电路中存在的故障可能是______(选填“灯泡”或“电压表”)断路。
(3)排除故障后，闭合开关，移动______，同时观察电压表，当示数为______V时再读出电流表
的示数，最后计算灯泡的额定电功率。
(4)老师又拿来一个额定电流为𝐼额的小灯泡，来测得小灯泡的额定功率设计了图2电路，电源电压未知、电阻的阻值为𝑅0。 请你将实验步骤补充完整。
①只闭合开关𝑆1，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表𝑉2示数为𝑈0；
②只闭合开关______，再次调节滑片，直到电压表𝑉1的示数为______，此时小灯泡正常发光，电压表𝑉2的示数为𝑈2
③小灯泡额定功率的表达式是𝑃额=______。
五、计算题（本大题共2小题，共19.0分）
23. 如图所示是利用5G网络实现远程驾驶的汽车，其质量为1.5𝑡，车
轮与地面接触的总面积为750𝑐𝑚2，该车在水平路面上匀速直线行驶13.8𝑘𝑚，用时10min，消耗汽油2kg，这一过程中汽车发动机
7
的输出功率为46𝑘𝑊.求：(汽油热值为𝑞汽=4.6×10𝐽/𝑘𝑔，g取10𝑁/𝑘𝑔)
(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强。 (2)在这一过程中汽车受到的阻力。 (3)在这一过程中汽车发动机的效率。
24. 如图是某饮水机的电路原理图，电源电压为220V，𝑅2的电阻是4840𝛺.当𝑆1、𝑆2都闭合时饮水机
处于加热状态，总功率为550W；当只闭合𝑆2时饮水机处于保温状态。试问： (1)当只闭合𝑆2时，𝑅2的功率为多少？
(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，饮水机电路中的总电流为多少？
(3)饮水机内装有1kg初温为20℃的水，若饮水机正常加热6min，此时消耗电能的84%被水吸收，饮水机内水的温度升高到多少？
【答案与解析】
1.答案：B
解析：解：A、增大声源振幅可以增大响度，不符合题意；
B、提高声源振动频率可以提高声音的音调，不能增大声音的响度，符合题意； C、利用喇叭形状的筒传声可以减少声音的分散，可以增大声音的响度，不符合题意； D、离声源越近，响度越大，不符合题意； 故选：B。
响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小； 响度还与距离发声体的远近有关，距离发声体越近，响度就越大。 解决此类问题的关键是知道影响响度的大小的因素。
2.答案：C
解析：解：A人体正常体温约37℃；故A错误；
B、雾霾颗粒以𝜇𝑚计量直径；远远小于1mm；故B错误；
C、一斤(500𝑔)鸡蛋可称8--10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g；故C正确； D、空调电流为5A；故D错误； 故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.答案：B
解析：解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，此过程放热；故A错误； B、河床干枯是水的汽化现象，汽化吸热；故B正确；
C、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热；故C错误； D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，此过程中放热；故D错误；
故选：B。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.答案：C
解析：
根据二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，进行分析解答。
本题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。 解析：
A.小鸟受到的重力与小鸟对树枝的压力，这两个力的方向相同且作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故A不正确；
B.小鸟对树枝的压力与树枝对小鸟的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故B不正确；
C.小鸟受到的重力与树枝对小鸟的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，符合二力平衡条件，是一对平衡力，故C正确；
D.小鸟受到的重力与树枝受到的重力，两个力大小不一定相等，且方向相同、作用在两个物体上，不符合二力平衡条件，故D不正确。 故选C。
5.答案：D
解析：解：
A、根据电流的流向和安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，故A正确；
B、地磁场的南北极与地理南北极相反，且不重合，即：地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，故B正确；
C、奥斯特发现了电流的磁效应，即电流的周围存在磁场，故C正确；
D、地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示；地理上的南极是地磁的北极，故长柄所指方向是地磁北极，地理南极，故D错误。 本题选错误的； 故选：D。
(1)根据安培定则判定螺线管的极性；
(2)地磁两极与地理两极是不重合的，有一定的偏角； (3)奥斯特发现了电流的磁效应；
(4)“司南”是最早的指南针，实质就是一个磁体。磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示。
本题考查了安培定则的应用、地理和地磁的两极、电流的磁效应，属于基础知识，要熟记。
6.答案：B
解析：解：A、当真空泵将吸盘内的空气抽出时，内部气体压强减小，它在外界大气压的作用下被牢牢吸在竖直玻璃上，故A正确；
B、当擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，故B错误；
C、电磁波可以传递信息，擦窗机器人接收的指令就是通过电磁波传递的，故C正确；
D、擦窗机器人从窗户底端运动到顶端时，质量不变，高度增加，其重力势能增大，故D正确。 故选：B。
(1)吸盘主要是利用大气压来工作的，据此解答；
(2)物体静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的力为平衡力； (3)擦窗机器人是靠电磁波接收到信息； (4)影响重力势能的因素：质量和高度。
本题考查了大气压的应用，二力平衡条件的应用、电磁波的应用、影响重力势能的因素等知识，物体在平衡状态下受平衡力，找出平衡力是解题关键。
7.答案：A
解析：解：A、冰水混合物的质量不变，所以吸热时，温度不变，内能增大，故A正确； B、分子运动的快慢和温度有关，即温度越高，分子运动越快，即分子的动能越大，但不能判断物体的动能关系，故B错误；
C、汽车发动机工作时提供动力的是做功冲程，故C错误；
D、物体的温度升高，可能是从外界吸收了热，也可能是外界物体对它做了功，故D错误； 故选：A。
(1)内能的大小与物体的质量、温度有关；
(2)分子运动的快慢和温度有关，即温度越高，分子运动越快，即分子的动能越大，但不能判断物体的动能关系；
(3)汽车发动机工作时提供动力的是做功冲程； (4)做功和热传递都能改变物体的内能；
此题考查了内能的影响因素、分子热运动的理解、做功冲程的理解和改变内能的两种方式的理解，是一道综合题。
8.答案：C
解析： 【试题解析】
(1)根据凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大、物远像近像变小的特点进行判断； (2)凸透镜成像时，𝑢>2𝑓，成倒立、缩小的实像，应用于照相机； (3)𝑢<𝑓成正立放大的虚像，可制成老花镜。
本题对凸透镜成像规律的实验中的操作要领、实验现象及相关规律进行考查，知识点较多，难度不大。凸透镜成像规律应熟记。
解：A、当烛焰逐渐远离凸透镜时，由于物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近凸透镜，光屏上才会重新出现清晰的像，烛焰的实像也变小，故A错误。
B、当烛焰逐渐靠近凸透镜时，由于物距变小，像距变大，所以应将光屏远离凸透镜，光屏上才会重新出现清晰的像，故B错误。
C、凸透镜成像时，𝑢>2𝑓，成倒立、缩小的实像，故C正确；
D、蜡烛在b点时，𝑢<𝑓成正立放大的虚像，可制成老花镜，故D错误。 故选C。
9.答案：D
解析：解：A、由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等于摩擦力，等于1N，故A错误；
B、由𝑣−𝑡图象可知，在4𝑠～6𝑠物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由𝐹−𝑡图象可知在4𝑠～6𝑠即在第三个2s内拉力𝐹=2𝑁，由平衡条件可得滑动摩擦力𝑓=𝐹=2𝑁，由𝑣−𝑡图象可知，物体在第二个2s内做匀加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此物体受到的摩擦力仍是2N，方向与推力方向相反，即向左；故B错误；
C、由图象可知，第一个2s内，物体没有推动，由𝑊=𝐹𝑠可知，推力F对木箱所做的功为0；故C错误；
D、在第三个2s内推力F对木箱做功的功率为： 𝑃=𝐹𝑣=2𝑁×4𝑚/𝑠=8𝑊.故D正确； 故选：D。
先由速度−时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据由𝐹−𝑡图象求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。根据𝑊=𝐹𝑠可求功；由𝑃=𝐹𝑣可求功率。
本题考查了学生的识图能力，并能将𝑣−𝑡图象和𝐹−𝑡图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
10.答案：C
解析：解：
由图可知：灯泡与滑动变阻器是串联关系，电流表测电路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压； A、因为滑片向B端移动时，滑动变阻器连入的电阻阻值逐渐变大，电路的总电阻逐渐增大；由欧姆定律𝐼=𝑅可知电路中电流逐渐变小，即电流表的示数逐渐变小；故A错误；
B、灯丝电阻不变，电流逐渐变小，由𝑈=𝐼𝑅可知灯泡两端的电压逐渐变小，即电压表示数逐渐变小，故B错误；
C、通过灯泡的电流逐渐变小，灯泡的电阻不变，由𝑃=𝐼2𝑅可知灯泡的实际功率逐渐变小，则灯泡亮度越来越暗，故C正确；
𝑈
D、电源电压不变，电路中总电阻变大，由𝑃=故选：C。
𝑈2𝑅
可知电路中的总功率会变小，
(1)由图可知，滑动变阻器与灯泡串联，由题意知电路中电阻的变化，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化，可得电流表示数的变化；
(2)知道了电路中电流的变化，利用欧姆定律可判断灯泡两端电压的变化，从而得出电压表的示数变化；
(3)根据𝑃=𝐼2𝑅判断灯泡的实际功率的变化，进而得出亮暗变化； (4)根据𝑃=
𝑈2𝑅
判断电路消耗总功率的变化。
本题是一道闭合电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串联电路特点、欧姆定律、电功率公式即可正确解题。
11.答案：较大；几乎没有相互作用力；引力．
解析：
本题考查分子间的相互作用力。
物质是由大量分子组成的，分子间存在相互作用的引力和斥力，只有在达到一定距离时，这种力才能表现出来.本题考查学生对分子动理论内容的掌握情况，需要结合具体实例进行分析．
破镜不能重圆，主要是因为绝大多数分子间的距离较大，分子间的引力无法发挥作用，所以分子间几乎没有相互作用力；两个表面光滑的铅块相互压紧后会粘在一起，表明分子间存在引力． 故答案为：较大；几乎没有相互作用力；引力．
12.答案：右；右；175.6；20；8.78×103
解析：【试题解析】
解：(1)由图甲所示可知，天平指针偏向分度盘的左侧，为使天平平衡，应向右调节平衡螺母． (2)由图乙所示可知，标尺的分度值为0.2𝑔，矿石的质量：𝑚=100𝑔+50𝑔+20𝑔+5𝑔+0.6𝑔=175.6𝑔；
(3)由丙图可知，矿石的体积：𝑉=60𝑚𝐿−40𝑚𝐿=20𝑚𝐿=20𝑐𝑚3， 矿石的密度：𝜌=
𝑚𝑉
=20𝑐𝑚3=8.78𝑔/𝑐𝑚3=8.78×103𝑘𝑔/𝑚3．
175.6𝑔
故答案为：右；右；175.6；20；8.78×103．
(1)天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
(2)称量时，物体放在左偏，砝码放在右盘，通过增减砝码和移动游码使天平重新平衡，左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值； (3)矿石体积为量筒两次读数之差，密度用𝜌=𝑉来计算．
天平使用前调平衡要调平衡螺母，测量时调平衡要调游码，做题时不能疏忽
𝑚
13.答案：惯性；动
解析：解：飞机加速时，由于惯性，水桶还要保持原来的运动状态，故水桶向后摆．水在下落的过程中，重力势能转化为动能，质量不变，高度减小，速度增大，重力势能减小，动能增大，水的重力势能主要转化为动能． 故答案为：惯性；动． 解答此题要知道：
(1)物体保持运动状态不变的性质叫惯性．惯性是物体的一种属性．
(2)动能大小的影响因素：质量、速度；重力势能大小的影响因素：质量、高度． (3)物体下落过程中是重力势能转化为动能的过程，重力势能减小，动能增大．
生活中很多现象都可以用惯性知识进行解释，要学会这种方法，此外掌握动能、重力势能的影响因素以及它们的大小变化情况．
14.答案：电磁感应 法拉第 电动机
解析：解：(1)闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象。法拉第最先发现了电磁感应现象；
(2)电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理。
故答案为：电磁感应；法拉第；电动机。
(1)闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，法拉第最先发现了电磁感应现象。
(2)电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的。
电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的。
15.答案：非晶体 固态
解析：解：(1)由表格中数据知，甲在熔化过程中温度不断升高，所以甲是非晶体； 乙在熔化过程中温度保持48℃不变，所以乙是晶体，且熔点为48℃； (2)温度44.0℃时，还未达到乙的熔点，所以乙未开始熔化，是固态。 故答案为：(1)非晶体；(2)固态。
(1)掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热但温度保持不变；非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中吸热，温度不断升高； 根据表格中数据结合晶体和非晶体的区别进行判断； (2)判断44.0℃时是否达到熔点，从而可以判断乙的状态。
此题是探究“固体熔化时温度的变化规律”，考查了晶体和非晶体在熔化过程中的区别，同时考查了学生对熔点概念的理解。
16.答案：40；600；4400
解析：解：(1)照明灯正常发光时的功率𝑃𝐿=25𝑊=0.025𝑘𝑊， 由𝑃=𝑡可得1𝑘𝑊⋅ℎ的电能可供该灯泡正常发光的时间： 𝑡=
𝑊𝑃𝐿
𝑊
=
1𝑘𝑊⋅ℎ0.025𝑘𝑊
=40ℎ；
(2)电能表的指示灯闪烁250次，用电器消耗的电能： 𝑊′=
2502500
𝑘𝑊⋅ℎ=0.1𝑘𝑊⋅ℎ，
他家正在使用的用电器的总功率： 𝑃=
𝑊′𝑡
=
0.1𝑘𝑊⋅ℎ
10ℎ60
=0.6𝑘𝑊=600𝑊；
(3)220𝑉是指电能表的工作电压，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，则电能表允许接的用电器的最大总功率：
𝑃最大=𝑈𝐼=220𝑉×20𝐴=4400𝑊。 故答案为：40；600；4400。
(1)由灯泡的铭牌可知照明灯泡的额定功率即为正常发光时的功率，利用𝑃=𝑡求出1𝑘𝑊⋅ℎ的电能可供灯泡正常发光时的时间；
𝑊
(2)已知每消耗1𝑘𝑊⋅ℎ的电能指示灯闪烁2500次，可求闪烁250次消耗的电能，根据公式𝑃=𝑡求出他家正在使用的用电器的总功率；
(3)“220V 10(20)𝐴，220V是指电能表的工作电压，10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用𝑃=𝑈𝐼求电能表允许接的用电器最大功率。
本题考查了电功率公式的灵活运用，明白电能表参数的含义是解题的关键，计算过程要注意单位的换算和统一。
𝑊
17.答案：400J；500J；80%；省力
解析：解：对木箱做的有用功是𝑊有用=𝐺箱ℎ=400𝑁×1𝑚=400𝐽， 总功𝑊总=𝐹𝐿=125𝑁×4𝑚=500𝐽， 斜面的机械效率是𝜂=
𝑊有用𝑊总
=
400𝐽500𝐽
=80%，
很明显，拉力小于木箱的重力，所以使用斜面省力． 故答案为：400J；500J；80%；省力．
克服木箱重力做的功为有用功，拉力F做的功为总功，有用功与总功的比值就是斜面的机械效率，比较拉力和木箱重力可得出结论．
本题考查有用功、做功和机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道使用斜面省力．
18.答案：解：(1)作出发光点A关于平面镜的对称点，即为像点𝐴′，连接𝐴′𝐵交平面镜于点O，沿
OB画出反射光线，连接AO画出入射光线，如图所示；
(2)𝑂𝐵斜射到空气和水的分界面时，根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角，作出折射光线的大致方向。作图如下：
解析：(1)平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，作出发光点S的像点𝑆′，根据反射光线反向延长通过像点，可以有像点和A点确定反射光线所在的直线，从而画出反射光线，并确定反射点，最后由发光点和反射点画出入射光线，从而完成光路。
(2)光的折射定律的内容，知道光从水斜射入空气中时，折射角大于入射角。
平面镜成像特点与光的反射定律相结合来作图，比较直观、简捷、准确；在光路图中，实线虚线要分清，一般情况下只有实际光线化成实线，实际光线的反向延长线、法线都要画虚线表示。
19.答案：解：
物体受到的重力的方向是竖直向下的，过物体的重心做竖直向下的力G，如图所示：
在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OB比OA长，所以OB作动力臂最长，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图所示：
。
解析：分析：重力的方向是竖直线向下的；根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂--即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。
此题既考查了力臂的画法，也考查了最小力的确定。根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
20.答案：前面；未点燃；完全重合
解析：解：(1)用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板既能成像又能透光的特点。在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，眼睛应该在镜前才能观察到蜡烛A经玻璃板反射所成的像；
(2)在竖立的玻璃板前面放一支点燃的蜡烛A，可以看到玻璃板后面出现蜡烛A的像。另外拿一支相同但不点燃的蜡烛B在玻璃板后面移动，直到看上去它跟像完全重合，可以判断物像大小相等。 故答案为：(1)前面；(2)未点燃；完全重合。
(1)由于平面镜成的是虚像，故不能成在白纸上，只能在玻璃前观察；
(2)实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系。
本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题，只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。
21.答案：物体排开液体体积 1.2 E 物体浸没在液体中的深度 2.5
解析：解：(1)由图C、D所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，实验步骤C、D可以探究浮力与物体排开液体体积间的关系。
(2)由图示可知，物体的重力为3N，物体浸没在液体中时测力计的示数为2N，则物体浸没在水中受到的浮力大小为：3𝑁−1.8𝑁=1.2𝑁；
由图示实验可知，实验步骤A和E可以测出物体排开的水所受重力𝐺排，比较𝐹浮和𝐺排可以得出𝐹浮与𝐺排的关系。
(3)由图示图象可知，物体浸没在水中后随物体浸入深度的增加，测力计的示数保持不变，物体受到的浮力不变，
由此可知，物块浸没水中后，所受的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关。 (4)由(2)可知，物块浸没时所受的浮力：𝐹浮=1.2𝑁， 由阿基米德原理𝐹浮=𝜌液𝑉排𝑔可知，物体的体积：𝑉物=𝑉排=𝜌物体的重力：𝐺=𝑚𝑔，物块的质量：𝑚物=𝑔， 物块的密度：𝜌物=
𝑚物𝑉物
𝐺
𝐹浮
水
𝑔
，
=
𝐺
𝑔𝐹浮𝜌𝑔水
=
𝐺𝜌水𝐹浮
=
3𝑁×1.0×103𝑘𝑔/𝑚3
1.2𝑁
=2.5×103𝑘𝑔/𝑚3=2.5𝑔/𝑐𝑚3；
故答案为：(1)物体排开液体体积；(2)1.2；E；(3)物体浸没在液体中的深度；(4)2.5 (1)分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出结论。
(2)物体浸没在水中时物体的重力与测力计示数之差是物体受到的浮力；桶与水的重力之和与桶的重力之差是水的重力。
(3)分析图示图象，根据实验控制的变量与图象得出结论。 (4)求出物体受到的浮力，应用浮力公式可以求出物块的密度。
本题是探究浮力大小影响因素的实验，考查了影响因素、控制变量法的应用、对实验数据的分析及结论的得出等，考查全面、重点。
22.答案：电压表 变阻器的滑片 2.5 𝑆2 𝑈0−𝐼额𝑅0 (𝑈0−𝑈2)×𝐼额
解析：解：(1)灯的额定电压为2.5𝑉，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：
(2)若灯泡灯泡断路，电流表没有示数，电压表串联在电路中测电源电压有示数，不符合题意； 若电压表断路，电流表有示数，电压表无示数，符合题意； 则电路中存在的故障可能是电压表断路；
(3)灯在额定电压下正常发光，排除故障后，闭合开关，移动变阻器的滑片，同时观察电压表，当示数为2.5𝑉时再读出电流表的示数，最后计算灯泡的额定电功率；
(4)①只闭合开关𝑆1，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表𝑉2示数为𝑈0；
灯泡L、滑动变阻器R以及电阻𝑅0串联，电压表𝑉2测量R和𝑅0的总电压，电压表𝑉1②只闭合开关𝑆2，
测量灯泡L和滑动变阻器R的总电压；
再次调节滑片，当通过灯泡的电流为𝐼额时，灯泡正常发光，由串联电路的特点可知，电阻𝑅0的电流也为𝐼额，
则电阻𝑅0的电压为𝐼额𝑅0；由串联电路的电压特点可知，此时电压表𝑉1的示数为𝑈0−𝐼额𝑅0；所以，当电压表𝑉1的示数为𝑈0−𝐼额𝑅0时灯泡正常发光； 由于此时电压表𝑉1的示数为𝑈2(即R和𝑅0的总电压)，
所以，由串联电路的电压特点可得灯泡的额定电压为：𝑈0−𝑈2； ③小灯泡额定功率的表达式： 𝑃额=(𝑈0−𝑈2)×𝐼额。
𝑈0−𝐼额𝑅0；③(𝑈0−𝑈2)×𝐼额。 (1)如上所示；(2)电压表；(3)变阻器的滑片；2.5；故答案为：(4)②𝑆2；(1)根据灯的额定电压为2.5𝑉确定电压表选用小量程与灯并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)灯在额定电压下正常发光，移动变阻器的滑片，当示数为2.5𝑉时灯正常发光；
(4)测灯泡功率需要测出灯泡额定电流对应的额定电压，根据电路图、实验原理与实验步骤分析答题。 本题测小灯泡的电功率，考查电路的连接、故障的分析、操作过程及设计实验方案的能力。
23.答案：解：(1)该汽车静止在水平路面上时，对路面的压力：
𝐹压=𝐺=𝑚𝑔=1.5×103𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=1.5×104𝑁， 对路面的压强： 𝑝=
𝐹𝑆
=
1.5×104𝑁750×10−4𝑚2=2×105𝑃𝑎；
(2)汽车行驶的速度： 𝑣=𝑡=
𝑠
13.8×103𝑚10×60𝑠𝑊𝑡
=23𝑚/𝑠，
根据𝑃=𝐹′=
𝑃𝑉
=
𝐹𝑠𝑡
=𝐹𝑣可得汽车的牵引力： =2000𝑁，
=
46×103𝑊23𝑚/𝑠
因汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等， 所以，阻力𝑓=𝐹′=2000𝑁； (3)牵引力做的有用功：
𝑊有用=𝐹𝑠=2000𝑁×13.8×103𝑚=2.76×107𝐽， 汽油完全燃烧放出的热量：
𝑄放=𝑚𝑞=2𝑘𝑔×4.6×107𝐽/𝑘𝑔=9.2×108𝐽， 这段时间内该发动机所做的有用功： 𝜂=
𝑊有用𝑄放
=
2.76×107𝐽9.2×108𝐽
×100%=30%。
答：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强2×105𝑃𝑎； (2)在这一过程中汽车受到的阻力2000N。 (3)在这一过程中汽车发动机的效率为30%。
解析：(1)车静止在水平路面上时对地面的压力和自身的重力相等，根据𝐺=𝑚𝑔求出其大小，根据𝑝=𝑆求出对路面的压强；
(2)已知路程和时间，利用速度公式算出速度；
𝐹
根据𝑃=
𝑊𝑡
=
𝐹𝑠𝑡
=𝐹𝑣求出汽车牵引力，根据二力平衡算出阻力；
(3)根据𝑊=𝐹𝑠算出做的机械功，根据𝑄放=𝑚𝑞求出汽油完全燃烧释放的热量，再根据效率公式求出汽车发动机的效率。
本题是力学和热学的综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、燃料完全燃烧放热公式、功的公式、功率公式、效率公式的掌握和运用，利用所学知识，计算解决实际问题，学以致用。
24.答案：解：(1)当只闭合𝑆2时，电路为𝑅2的简单电路，
则𝑅2的功率： 𝑃2=
𝑈2𝑅2
=
(220𝑉)24840𝛺
=10𝑊；
(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，饮水机处于加热状态， 由𝑃=𝑈𝐼可得，饮水机电路中的总电流： 𝐼=
𝑃加热𝑈
=
550𝑊220𝑉
=2.5𝐴；
(3)由𝑃=𝑡可得，饮水机正常加热6min消耗的电能： 𝑊=𝑃加热𝑡=550𝑊×6×60𝑠=1.98×105𝐽， 由𝜂=
𝑄吸𝑊
𝑊
×100%可得，水吸收的热量：
𝑄吸=𝜂𝑊=84%×1.98×105𝐽=166320𝐽， 由𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡2−𝑡1)可得，饮水机内水升高到的温度： 𝑡2=𝑐𝑚+𝑡1=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×1𝑘𝑔+20℃=59.6℃。 答：(1)当只闭合𝑆2时，𝑅2的功率为10W；
(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，饮水机电路中的总电流为2.5𝐴； (3)饮水机内水的温度升高到59.6℃。
𝑄吸
166320𝐽
解析：(1)当只闭合𝑆2时，电路为𝑅2的简单电路，根据𝑃=
𝑈2𝑅
求出𝑅2的功率；
(2)当𝑆1、𝑆2都闭合时，饮水机处于加热状态，根据𝑃=𝑈𝐼求出饮水机电路中的总电流； (3)根据𝑊=𝑃𝑡求出饮水机正常加热6min消耗的电能，根据𝜂=据𝑄吸=𝑐𝑚(𝑡2−𝑡1)求出饮水机内水升高到的温度。
𝑄吸𝑊
×100%求出水吸收的热量，根
本题考查了电功率公式、电功公式、效率公式、吸热公式的综合应用，要注意水温升高到(末温)和升高了(温度变化量)的区别。
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