（理化考试时间150分钟，物理满分120分）
一、选择题（每小题3分，共24分，每小题给出的四个选项中有一个或几个选项是正确的，漏选得2分，错选得0分）
1．关于一些物理量的估计，下列数据最接近实际的是（ ）
A．成年人手掌的厚度约为2dm B．人体感到舒适的环境温度为37℃ C．书桌上的钢笔落到地面上用时约10s D．一个鸡蛋的质量大约为5×10-2kg 2．下列关于生活中新技术及其应用的说法中正确的是（ ） A．用超导材料制成的电加热器可以大大提高效率
B．LED灯的核心元件是发光二极管，发光二极管的主要材料是半导体 C．利用两颗同步卫星就可以实现全球通信
D．现代建筑物上安装的避雷针是用绝缘材料制成的 3．下列现象中属于光的折射的是（ ） A．岸边的树木通过水面形成的倒影
B．太阳光穿过浓密的树叶在地上形成许多圆形光斑 C．老人使用放大镜看书
D．汽车上安装的观后镜可使驾驶员从镜中看到车后较大范围内的物体 4．下列说法中正确的是（ ）
A．水平桌面上静止的水杯对桌面的压力和水杯受到的支持力是一对平衡力 B．人坐在沙发上感觉到舒服是因为压力一定时，增大了受力面积减小了压强 C．活塞式抽水机是利用大气压强工作的
D．踢出去的足球在草地上滚动时只受摩擦阻力的作用
5．寒冷的冬天，当眼镜的学生从室外走到温暖的室内时，眼镜片上会出现一层小水珠，不久小水珠又消失了，这其中涉及的物态变化是（ ）
A．只有液化 B．只有汽化 C．先液化后汽化 D．先汽化后液化
6．边长为0.1m的正方体木块，放在如图所示的容器中，线缓慢向容器中注入水，过一段时间后，木块浮起。（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ木块=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）则下列说法正确的是（ ）
A．容器中水面上升到8cm时，木块刚好浮起 B．木块在水中漂浮时，水对其底部的压强是1000Pa C．木块漂浮时，其受到的重力是6N D．木块漂浮时，其露出水面的体积为200cm3
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7．关于如图所示电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是（ ）
A．图甲装置研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数是否有关 B．图乙装置说明通电导线在磁场中受到力的作用 C．图丙装置所揭示的原理可制造电动机 D．图丁中麦克风应用了磁场对电流的作用
8．如图所示的电路中，R是定值电阻，灯L1、L2分别标有“6V 3W”和“6V 6W”，电源电压U=6V不变，只闭合S3时，电路消耗的总功率为3W，开关都闭合时（忽略灯丝电阻的变化），下列说法正确的是（ ）
A．灯L1正常发光 B．灯L1、L2与R并联 C．电路消耗的总功率为9W D．通过电阻R的电流是1A 二、填空题（每空1分，共26分）
9．2015年6月7日，在国际田联竞走挑战赛西班牙拉科鲁尼亚站比赛中，广东选手刘虹以1小时24分38秒的成绩在女子20公里竞走项目中夺冠，并刷新了该项目的世界纪录。在比赛中，如果以刘虹为参照物，路边的树木是 （填“运动”或“静止”）的，刘虹在竞走时用力向后蹬地才能前进，是因为 。
10．2015年6月20日是我国传统的节日--端午机，小军刚推开家门便闻到厨房中粽子的香味，这是 现象，说明 。
11．小明的爸爸晚上看电视，电视画面的色彩是由红、 、蓝三种颜色组成，正在学习的小明能听到电视的声音，说明 能传播声音，这个声音对于小明来说是 （填“乐音”或“噪声”）；卫星电视信号通过 来传递信息。
12．在核电站中，我们利用核 （填“裂变”或“聚变”）来发电，核能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
13．如图所示，高速行驶的轿车对地面的压力比静止时 ，是由于轿车上表面空气流速快，压强 的缘故。（均填“大”或“小”）
2
14．我国自行研制的“蛟龙号”载人潜水器，其下潜深度已突破7km，“蛟龙号”的体积为80m3，某次实验中下潜到6km的深度时，若g取10N/kg，海水的密度为1.03×103kg/m3，则“蛟龙号”受到的海水压强是 Pa，受到的浮力是 N。
15．平面镜成像原理是 ，小明站在平面镜前1m处，以0.2m/s的速度远离平面镜，3s后站立，则他在平面镜中的像 （填“变大”、“变小”或“不变”），像与他的距离为 m。 16．阻值为10Ω的一段导体，加在其两端的电压为4V时，通过它的电流为 A，当它两端的电压减小到2V时，它的电阻为 Ω，它的电功率改变了 W。
17．如图所示，用滑轮组拉着重900N的物体A沿水平方向匀速移动，使其在40s内移动了8m，拉力F所做的功为1280J，拉力的大小为 N，功率为 W，不计 绳重及绳子与滑轮间的摩擦，若滑轮组的机械效率为95%，则动滑轮的重力为 N。
18．如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片由图示位置向右滑动的过程中，电流表A1的示数 ，电流表A2的示数 ，电压表与电流表A1的示数比值 。（均填“变大”、“变小”或“不变”）
三、作图题（本题包括3个小题，共8分）
19．（2分）如图，AO是一条入射光线，试画出它的反射光线及大致的折射光线。
20．（3分）如图，OA是以轻质杠杆，B为重物，L1为动力臂，画出重物所受的重力示意图及杠杆所受的动力F1．
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21．（3分）闭合开关S后，电磁铁A和永磁体B间的磁场分布如图，请标出永磁体B的N、S极和画出通电螺线管的绕线方法。
四、简答题（共4分）
22．家用白炽灯灯丝容易被烧断，请问，是在开灯瞬间时熔断，还是在灯发光的过程中突然熔断，为什么？请解释原因。
五、计算题（本题包括3个小题，共23分）
23．（7分）如图是我国自行设计的一款新型加油机，配有高性能的发动机和先进的航空仪器设备，它的总质量为4000kg，g取10N/kg。
（1）飞机静止在水平地面时，机轮与地面的总接触面积为1m2，则飞机对地面产生的压强是多少？ （2）飞机在空中以288km/h的速度水平匀速直线飞行5min，它在水平方向受到的阻力为飞机重力的0.1倍，那么飞机发动机在这段时间内所做的功是多少？功率又是多少？
24．（8分）某电水壶的铭牌如图甲所示，装水达到额定容量，此时水温为20℃，如果加热5min之后，水温达到100℃，则[c水=4.2×103J/（kg•℃），q煤气=4.0×107J/m3]
（1）水吸收了多少热量？
（2）此过程中电水壶消耗了多少电能？加热过程中电水壶的效率是多少？
（3）如果水吸收的热量完全由燃烧煤气来提供，至少需要燃烧多少立方米的煤气？（小数点后保留两位数字）
25．（8分）如图甲所示，电源电压不变，R1=10Ω，滑动变阻器R2标有“50Ω 1A”字样，图乙为小灯泡的电流与电压关系图象，当R2的滑片在b端，且只闭合S1、S2时，电流表示数为0.2A，当S1、S2、S3都闭合且滑片在a端时，灯泡正常发光，则： （1）电源电压为多少？
（2）闭合S1、S2、S3，且滑片在a端时，灯泡的额定功率多大？此时电路总功率为多少？
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（3）只闭合S1、S2，且当电压表示数为6V时，滑动变阻器接入电路中的电阻为多少？
六、实验、探究题（本题包括5个小题，共35分） 26．（6分）在冷却沸水的实验中，如图可知：
（1）水的沸点是 ℃，说明当时的大气压 标准大气压。
（2）图中CD段物质处于 （填“固态”、“液态”或“固液共存态”），凝固过程共经历了 min；其中C点内能 （填“大于”、“小于”或“等于”）D点内能。 （3）从图象上看出BC段直接相对于DE段直线倾斜度相对较小，是因为 。 27．（7分）小明在做“凸透镜成像的规律”实验中，所实验的凸透镜焦距是10cm。
（1）小明首先把蜡烛、凸透镜、光屏，依次摆放在光具座上，点燃蜡烛，调整烛焰、凸透镜、光屏使三者的中心在 ，目的是 。
（2）如图所示，把凸透镜固定在50cm刻线处，蜡烛固定在15cm刻度线处，则光屏在 （填“50-60”、“60-70”或“70-100”）cm刻度线范围内移动，光屏上才能得到清晰倒立的、 （填“放大”或“缩小”）的实像， （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）是根据这一原理制成的。
（3）完成上述实验以后，保持各元件位置不变，若在蜡烛与凸透镜之间放一远视眼镜，需将光屏向 （填“左”或“右”）移动，光屏上能再次形成清晰的像，说明远视眼镜的镜片对光线有 作用。
28．（6分）小峰要探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素有： ①接触面所受压力大小； ②接触面的粗糙程度；
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③接触面积大小。
他利用如图所示实验操作来验证他的猜想：
（1）实验中用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做 运动，这样做是根据 的原理得出拉力等于摩擦力，从而测出木块所受的摩擦力的大小。
（2）如果要探究猜想②，他应该选择 两幅图所示的实验步骤来操作，根据图中弹簧测力计的示数（F甲＜F乙＜F丙）可得出结论： ，滑动摩擦力越大。
（3）要探究猜想③，他将木块沿竖直方向切去一半，重复步骤甲的实验操作过程，通过比较，他得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关。你认为他的结论可靠吗？ 答： 。小峰在实验中存在的问题是 。 29．（8分）在测量盐水密度的实验中：
将天平放在水平台上，将游码移动到 ，横梁静止时，指针在如图甲所示的位置，为使天平再次平衡，应将平衡螺母向 端移动。
（1）将装有适量盐水的杯子放在调节好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为128g，然后将杯中一部分的盐水倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中盐水的体积为 cm3。
（2）将装有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图丙所示时，天平再一次平衡，则杯子就杯内剩余盐水的总质量为 g。 （3）根据上述实验数据计算盐水的密度为 kg/m3。
（4）在完成上述实验 后，有同学想测量一小块蜡的密度（其密度小于水），但手中只有如下器材：一量杯、适量的水、细针、小块蜡。请你帮助他设计实验，并填写实验步骤，用测量的物理量表示 结果：
①将两倍中倒入适量的水，记下体积V1； ② ； ③ ； ④ρ蜡块= 。（已知水的密度为ρ水）
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30．（8分）实验室有一个标有“2.5V”字样的小灯泡，红红想测其额定功率，器材如图乙所示。
（1）跟姐姐红红的实验电路图，请你用笔画线代替导线，将实物图补充完整。
（2）红红连接完电路后，闭合开关，发现小灯泡微微发光，移动滑片P，小灯泡亮度不改变，请帮助她分析原因： 。
（3）解决上述问题后，闭合开关，电流表、电压表如图丙、丁所示，则电流表示数为 A，电压表示数为 V，实际功率为 W．如想测出小灯泡的额定功率，滑片P应向 （填“左”或“右”）端滑动。
（4）红红在测小灯泡额定功率时发现电压表已损坏，想出一个解决方法，她从实验中选取一个阻值为5Ω的定值电阻R0和另一个完好的电流表A1，按如图戊所示的电路进行测量，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电流表A1示数为 A时，小灯泡正常发光；若此时电流表A的示数为0.8A，那么小灯泡的额定功率为 W。
参考答案与解析
一、选择题（每小题3分，共24分，每小题给出的四个选项中有一个或几个选项是正确的，漏选得2分，错选得0分）
1．关于一些物理量的估计，下列数据最接近实际的是（ ）
A．成年人手掌的厚度约为2dm B．人体感到舒适的环境温度为37℃ C．书桌上的钢笔落到地面上用时约10s D．一个鸡蛋的质量大约为5×10-2kg 【知识考点】温度；质量的估测；时间的估测；长度的估测．
【思路分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位
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的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解题过程】解：A、一元硬币的直径在2.5cm左右，成年人手掌的厚度与此差不多，在2.5cm=0.25dm左右。故A不符合实际；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右。故B不符合实际；
C、书桌的高度在0.8m左右，书桌上的钢笔落到地面上时间很短，用时约1s．故C不符合实际； D、10个鸡蛋的质量在1斤左右，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g=5×10-2kg左右。故D符合实际。 故选：D。
【总结归纳】选择题所考查的知识点覆盖率较高，知识横向跨度大，且注重基础和能力的考查，加大了对科学探究能力和研究方法的考查，还考查学生对理论与实际差异的应变能力，体现新课程的基本理念，注重物理知识的应用，从单向封闭走向多维开放。 2．下列关于生活中新技术及其应用的说法中正确的是（ ） A．用超导材料制成的电加热器可以大大提高效率
B．LED灯的核心元件是发光二极管，发光二极管的主要材料是半导体 C．利用两颗同步卫星就可以实现全球通信
D．现代建筑物上安装的避雷针是用绝缘材料制成的
【知识考点】半导体的特点与作用；超导体的特点与作用；卫星中继通信；导体和绝缘体的区别． 【思路分析】解决此题的关键是对金属材料，半导体材料，纳米材料和超导材料的特点及应用了解。 【解题过程】解：A、超导体材料在特定条件下电阻变为零，电流通过时没有热效应，不能来制成电加热器，A项错误；
B、LED灯的核心元件是发光二极管，发光二极管的主要材料是半导体，故B正确；
C、一颗同步卫星信号可以覆盖赤道120°的范围，故需3颗即可实现对全球信号覆盖，故能实现全球通信，故C项错误；
D、现代建筑物上的避雷针是用导体材料制成的，故D项错误； 故选：B。
【总结归纳】本题主要考查学生对半导体、超导体以及磁性材料的了解和掌握，比较简单，属于基础知识的考查。
3．下列现象中属于光的折射的是（ ） A．岸边的树木通过水面形成的倒影
B．太阳光穿过浓密的树叶在地上形成许多圆形光斑 C．老人使用放大镜看书
D．汽车上安装的观后镜可使驾驶员从镜中看到车后较大范围内的物体 【知识考点】光的折射现象及其应用．
【思路分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
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（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。 【解题过程】解：A、水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的； B、太阳光穿过浓密的树叶在地上形成许多圆形光斑是由于光的直线传播形成的； C、老人使用放大镜看书，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的；
D、汽车上安装的观后镜可使驾驶员从镜中看到车后较大范围内的物体，属于光的反射的应用。 故选：C。
【总结归纳】此题通过几个生活事例考查学生对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，解题的关键是理解词语反应的物理情境，一定程度上考查了学生的语文知识，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。 4．下列说法中正确的是（ ）
A．水平桌面上静止的水杯对桌面的压力和水杯受到的支持力是一对平衡力 B．人坐在沙发上感觉到舒服是因为压力一定时，增大了受力面积减小了压强 C．活塞式抽水机是利用大气压强工作的
D．踢出去的足球在草地上滚动时只受摩擦阻力的作用
【知识考点】物体运动状态变化的判断；平衡力的辨别；减小压强的方法及其应用；大气压的综合应用．
【思路分析】（1）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上； （2）在压力一定时，增大受力面积可以减小压强； （3）了解大气压的应用实例可做出判断； （4）对足球进行受力分析可做出判断。
【解题过程】解：A、水平桌面上静止的水杯对桌面的压力和水杯受到的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、人坐在沙发上感觉到舒服是因为压力一定时，增大了受力面积减小了压强，故B正确； C、活塞式抽水机是利用大气压强工作的，故C正确；
D、踢出去的足球在草地上滚动时受到重力和摩擦阻力的作用，故D错误。 故选：BC。
【总结归纳】本题考查了平衡力、压强、受力分析等，了解平衡力的条件，影响压强的大小因素，受力分析的方法等可顺利解答。
5．寒冷的冬天，当眼镜的学生从室外走到温暖的室内时，眼镜片上会出现一层小水珠，不久小水珠又消失了，这其中涉及的物态变化是（ ）
A．只有液化 B．只有汽化 C．先液化后汽化 D．先汽化后液化 【知识考点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化现象．
【思路分析】物质由液态变成气态叫做汽化，由气态变成液态叫做液化。
【解题过程】解：刚进室内时，室内空气中的水蒸气遇冷会发生液化现象变成小水珠，使眼镜变得模糊；然后随着眼镜温度的升高，小水珠又蒸发变成水蒸气，眼镜重新变得清晰；即整个过程发生的物态变化过程是先液化后汽化。
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故选：C。
【总结归纳】要正确判断物态变化过程，一定要搞清熔化、汽化、升华和它们的反过程凝固、液化、凝华这些概念，然后根据物体先后的状态来进行判断。
6．边长为0.1m的正方体木块，放在如图所示的容器中，线缓慢向容器中注入水，过一段时间后，木块浮起。（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ木块=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）则下列说法正确的是（ ）
A．容器中水面上升到8cm时，木块刚好浮起 B．木块在水中漂浮时，水对其底部的压强是1000Pa C．木块漂浮时，其受到的重力是6N D．木块漂浮时，其露出水面的体积为200cm3
【知识考点】阿基米德原理的应用；物体的浮沉条件及其应用．
【思路分析】（1）知道正方体木块的边长可求体积和底面积，根据密度公式和重力公式表示出木块的重力，木块刚好浮起时，木块浸入水中的深度和水的深度相等，根据体积公式表示出木块排开水的体积，根据物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等得出等式即可求出容器中水面的高度； （2）知道木块刚好在水中漂浮时的深度，根据p=ρgh求出水对其底部的压强； （3）由G=ρVg计算木块重力；
（4）木块漂浮时，根据V=S（L-h）计算露出水面的体积。
【解题过程】解：A、设正方体木块的边长为L，则木块的体积V=L3，底面积S=L2， 由m和G=mg可得，木块的重力：G=mg=ρ木Vg=ρ木L3g， V木块刚好浮起时，木块浸入水中的深度和水的深度相等， 则排开水的体积：V排=Sh=L2h， 因木块受到的浮力和自身的重力相等， 所以，F浮=G，即ρ水gL2h=ρ木L3g，
则h==0.08m=8cm。故A正确；
B、木块刚好在水中漂浮时，水对其底部的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa．故B错误；
C、木块的重力：G=mg=ρ木Vg=ρ木L3g=0.8×103kg/m3×（0.1m）3×10N/kg=8N， 木块重力与它受到的浮力无关，木块漂浮时，其受到的重力仍是8N．故C错误； D、木块漂浮时，露出水面的体积：
V露=S（L-h）=（0.1m）2×（0.1m-0.08m）=2×10-4m3=200cm3，故D正确。 故选：AD。
【总结归纳】本题考查了密度公式、重力公式、物体浮沉条件和液体压强公式的应用，分析好木块
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刚好漂浮时的条件和特点是关键。
7．关于如图所示电与磁部分四幅图的分析，其中正确的是（ ）
A．图甲装置研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数是否有关 B．图乙装置说明通电导线在磁场中受到力的作用 C．图丙装置所揭示的原理可制造电动机 D．图丁中麦克风应用了磁场对电流的作用
【知识考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；磁场对通电导线的作用；电磁感应；动圈式话筒的构造和原理．
【思路分析】A、电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈的匝数有关； B、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关；
C、掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流。根据这个原理制成了发电机。
D、要解决此题，需要知道动感线圈式话筒是根据电磁感应现象工作的。
【解题过程】解：A、电路中有滑动变阻器，能改变电流的大小，故研究的是电磁铁磁性的强弱和电流大小的关系，不是研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故A错误； B、图中是闭合电路的导体在磁场中受到力的作用，故B正确； C、图是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机，故C错误。
D、图是动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的。故D错误。 故选：B。
【总结归纳】本题考查了学生对电和磁方面几个重要的课本插图的掌握情况，了解相关的知识是解题的基础，是中考的热点。
8．如图所示的电路中，R是定值电阻，灯L1、L2分别标有“6V 3W”和“6V 6W”，电源电压U=6V不变，只闭合S3时，电路消耗的总功率为3W，开关都闭合时（忽略灯丝电阻的变化），下列说法正确的是（ ）
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A．灯L1正常发光 B．灯L1、L2与R并联 C．电路消耗的总功率为9W D．通过电阻R的电流是1A 【知识考点】电功率的计算．
U2【思路分析】（1）只闭合S3时，R与L2串联，根据P求出L2的电阻和电路中的总电阻，利
R用的串联求出R的阻值；
（2）开关都闭合时，L1与R并联，L2被短路，根据并联电路的电压特点和额定电压下灯泡正常发光判断L1是否正常发光，根据欧姆定律求出通过R的电流，根据P=UI求出R的功率，然后加上L1的功率即为总功率。
【解题过程】解：（1）只闭合S3时，R与L2串联，
U2由P可得，L2的电阻和电路中的总电阻分别为：
R，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，R=R总-R2=12Ω-6Ω=6Ω；
（2）开关都闭合时，L1与R并联，L2被短路，故B错误；
因并联电路中各支路两端的电压相等，且电源的电压和L1的额定电压相等， 所以，L1正常发光，功率为3W，故A正确； 通过R的电流：IR=
=1A，故D正确；
R的功率：PR=UIR=6V×1A=6W，
电路的总功率：P′=PR+P1=6W+3W=9W，故C正确。 故选：ACD。
【总结归纳】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别。 二、填空题（每空1分，共26分）
9．2015年6月7日，在国际田联竞走挑战赛西班牙拉科鲁尼亚站比赛中，广东选手刘虹以1小时24分38秒的成绩在女子20公里竞走项目中夺冠，并刷新了该项目的世界纪录。在比赛中，如果以刘虹为参照物，路边的树木是 （填“运动”或“静止”）的，刘虹在竞走时用力向后蹬地才能前进，是因为 。
【知识考点】运动和静止的相对性；力作用的相互性．
【思路分析】（1）如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断改变，则物体是运动的； （2）物体间力的作用是相互的。
【解题过程】解：以刘虹为参照物，路边的树木与刘虹之间的位置不断发生变化，因此路边的树木
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是运动的；
物体间力的作用是相互的，刘虹在竞走时用力向后蹬地，给地一个向后的力的同时，地也给刘虹一个向前的力，这个力使刘虹前进。
故答案为：运动；物体间力的作用是相互的。
【总结归纳】本题考查运动和静止的相对性、力的作用的相互性，是一道基础题，掌握判断物体运动状态的方法是正确解题的关键。
10．2015年6月20日是我国传统的节日--端午机，小军刚推开家门便闻到厨房中粽子的香味，这是 现象，说明 。 【知识考点】扩散现象．
【思路分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则运动。
【解题过程】解：小军刚推开家门便闻到厨房中粽子的香味，这是扩散现象，它说明组成物质的分子永不停息地做无规则运动。
故答案为：扩散；组成物质的分子永不停息地做无规则运动。
【总结归纳】本题通过日常生活现象考查了分子动理论的了解，难度不大是一道基础题。 11．小明的爸爸晚上看电视，电视画面的色彩是由红、 、蓝三种颜色组成，正在学习的小明能听到电视的声音，说明 能传播声音，这个声音对于小明来说是 （填“乐音”或“噪声”）；卫星电视信号通过 来传递信息。
【知识考点】声音的综合利用；色光的三原色和颜料的三原色；电磁波的传播与应用． 【思路分析】红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色； 声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音； 凡是影响人们正常休息和学习的都是噪声；
电磁波在生活中的应用比较多，有：无线电广播、电视信号的接收和发射，手机信号的发射和接收，电磁波，微波炉等。
【解题过程】解：电视机上绚丽多彩的画面都是由红、绿、蓝三种色光组成的； 声音的传播需要介质，正在学习的小明能听到电视的声音，说明空气能传播声音； 电视的声音影响了小明的学习，因此这个声音对于小明来说是噪声； 卫星电视信号是靠电磁波来传递的。 故答案为：绿；空气；噪声；电磁波。
【总结归纳】此题考查了色光的三原色、声音的综合利用、电磁波的传播等，考查的方式比较直接，是一道基础题。
12．在核电站中，我们利用核 （填“裂变”或“聚变”）来发电，核能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。 【知识考点】能源的分类；核裂变．
【思路分析】核电站是利用核裂变获得核能的；
能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源。 【解题过程】解：目前核电站是利用核的裂变来获得核能； 核能不能源源不断从自然界获得，是不可再生能源。
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故答案为：裂变；不可再生。
【总结归纳】本题考查了能源的分类、核能利用的方式，是一道基础题。
13．如图所示，高速行驶的轿车对地面的压力比静止时 ，是由于轿车上表面空气流速快，压强 的缘故。（均填“大”或“小”）
【知识考点】流体压强与流速的关系．
【思路分析】流体压强与流速的关系，气体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大，轿车快速行驶时，上下方所受到的压力差形成向上的升力，对地面的压力减小。
【解题过程】解：轿车在快速行驶过程中，车子上方空气的流速大于车子下方空气的流速，因而车子上方气体的压强小于车子下方气体的压强，轿车上下方所受到的压力差形成向上的升力，从而使得轿车对地面的压力变小。 故答案为：小；小。
【总结归纳】理解流体压强与流速的关系，并能解释一些简单的生活应用，如：候车时站在安全线内、飞机起飞的升力等。
14．我国自行研制的“蛟龙号”载人潜水器，其下潜深度已突破7km，“蛟龙号”的体积为80m3，某次实验中下潜到6km的深度时，若g取10N/kg，海水的密度为1.03×103kg/m3，则“蛟龙号”受到的海水压强是 Pa，受到的浮力是 N。 【知识考点】液体的压强的计算；浮力大小的计算．
【思路分析】（1）知道潜水器所处的深度和海水的密度，根据p=ρgh求出受到的海水压强； （2）潜水器排开海水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力。 【解题过程】解：（1）“蛟龙号”受到的海水压强： p=ρgh=1.03×103kg/m3×10N/kg×6000m=6.18×107Pa； （2）“蛟龙号”受到的浮力：
F浮=ρgV排=1.03×103kg/m3×10N/kg×80m3=8.24×105N。 故答案为：6.18×107；8.24×105。
【总结归纳】本题考查了液体压强和浮力的计算，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
15．平面镜成像原理是 ，小明站在平面镜前1m处，以0.2m/s的速度远离平面镜，3s后站立，则他在平面镜中的像 （填“变大”、“变小”或“不变”），像与他的距离为 m。 【知识考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【思路分析】（1）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（2）平面镜成像的特点：像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。 【解题过程】解：平面镜成像原理是光的反射；
因为平面镜所成的像和物到镜面的距离相等，像和物大小相等，不论小明距离平面镜多远，他在平面镜中所成的像大小适中和他的大小相等。
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根据vs可得，小明以0.2m/s的速度远离平面镜，3s移动的距离s=vt=0.2m/s×3s=0.6m， t此时，小明距离镜面1.6m，
根据平面镜成像特点，小明的像距离平面镜也是1.6m， 则像与他的距离为1.6m+1.6m=3.2m。 故答案为：光的反射；不变；3.2。
【总结归纳】（1）人的视觉感觉总是近大远小，即离像近感觉大，离像远感觉小，像的真实大小总与物相同。
（2）“像与镜的距离”“像与物的距离”两种不同的问法注意区分。
16．阻值为10Ω的一段导体，加在其两端的电压为4V时，通过它的电流为 A，当它两端的电压减小到2V时，它的电阻为 Ω，它的电功率改变了 W。 【知识考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【思路分析】（1）知道导体的电阻和加在其两端的电压，根据欧姆定律求出通过的电流，根据P=UI求出电功率；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和
U2通过的电流无关，根据P求出导体的电功率，然后求出电功率的变化量。
R【解题过程】解：加在导体两端的电压为4V时，通过的电流：I= 导体的电功率：P=UI=4V×0.4A=1.6W，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关， 所以，当导体两端的电压减小到2V时，导体的电阻仍为10Ω不变，
=0.4A，
此时导体的电功率：P′= =0.4W，
电功率的变化量：△P=P-P′=1.6W-0.4W=1.2W。 故答案为：0.4；10；1.2。
【总结归纳】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关。
17．如图所示，用滑轮组拉着重900N的物体A沿水平方向匀速移动，使其在40s内移动了8m，拉力F所做的功为1280J，拉力的大小为 N，功率为 W，不计 绳重及绳子与滑轮间的摩擦，若滑轮组的机械效率为95%，则动滑轮的重力为 N。
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【知识考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算． 【思路分析】此题拉力主要是用来克服物体与地面间的摩擦力的。
（1）根据滑轮组承担摩擦力的绳子的段数得出绳端移动的距离（s=nh）。又因拉力做功为已知，利用公式W=FS的变形式FWW可求拉力；拉力的功率利用P求得； st（2）根据总功和机械效率计算出有用功，W有用=ηW总，然后计算出额外功，从而可以计算出动滑轮的重力。
【解题过程】解：（1）①由图可知，n=2，物体沿水平方向移动8m； 则拉力作用点移动距离s=nh=2×8m=16m； 由W=Fs得，拉力：F= 功率：P= （2）由η=
=32W。
得：W有用=ηW总=95%×1280J=1216J，W额=W总-W有用=1280J-1216J=64J，
=80N；
因为W额=G动h， 所以，G动=
=8N
故答案为：80；32；8。
【总结归纳】本题考查功的计算、功率的计算、机械效率的计算，知识点多，注意计算题的格式和单位的统一，属于较难的题。
18．如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片由图示位置向右滑动的过程中，电流表A1的示数 ，电流表A2的示数 ，电压表与电流表A1的示数比值 。（均填“变大”、“变小”或“不变”）
【知识考点】电路的动态分析．
【思路分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路的电流；
根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，从而判断干路电流变化，根据欧姆定律可知电压表与电流表A1的示数比值变化。
【解题过程】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测R1支路的电流； 由于电源的电压不变，所以电压表V的示数不变；
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因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1的电流不变； 当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小；
根据并联电路的电流特点可知，干路电流表A2示数也变小； 因为电压表示数不变，A1的示数变小，所以两者比值变大。 故答案为：变小；变小；变大。
【总结归纳】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。 三、作图题（本题包括3个小题，共8分）
19．（2分）如图，AO是一条入射光线，试画出它的反射光线及大致的折射光线。
【知识考点】作光的反射光路图；作光的折射光路图．
【思路分析】（1）先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；
（2）根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。 【解题过程】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据入射角等于反射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线。如图所示：
【总结归纳】本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一道基础题。
20．（3分）如图，OA是以轻质杠杆，B为重物，L1为动力臂，画出重物所受的重力示意图及杠杆所受的动力F1．
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【知识考点】力的示意图与图示；重力示意图．
【思路分析】①要画重力的示意图首先要找力的作用点，即重心，从力的作用点起沿重力的方向画一条带箭头的线段。若知道重力的大小在线段的末尾标上力的大小。 ②动力F1的作用点在杠杆上，方向向上，垂直于动力的力臂L1。
【解题过程】解：重物的重心在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的，从作用点起沿竖直向下的方向，画一条带箭头的线段，用G表示。
过杠杆上一点，作垂直于力臂L1的有向线段，根据支点在杠杆的一端，且重物B对杠杆的拉力方向向下，可判断动力F1的方向为垂直于力臂L1向上，如图所示：
【总结归纳】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
21．（3分）闭合开关S后，电磁铁A和永磁体B间的磁场分布如图，请标出永磁体B的N、S极和画出通电螺线管的绕线方法。
【知识考点】通电螺线管的磁场．
【思路分析】首先根据磁感线的方向判断出电磁铁B和永磁体A的极性，然后根据安培定则判断电流的方向，从而画出绕线方向。
【解题过程】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出最后回到S极，所以永磁体B的左端为S极，电磁铁A的右端是N极；
根据安培定则，伸出右手使右手大拇指指向电磁铁的N极，四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流从电磁铁A的左端流入，绕线方法如图。
【总结归纳】安培定则不但可以判断出螺线管的磁极，也能根据磁极判断出电流方向或绕圈的绕向，即电流方向、线圈的绕向及N极方向，知道其中两个便可求出另外一个。 四、简答题（共4分）
22．家用白炽灯灯丝容易被烧断，请问，是在开灯瞬间时熔断，还是在灯发光的过程中突然熔断，
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为什么？请解释原因。
【知识考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法．
【思路分析】从灯丝的电阻与温度关系的角度判断灯丝电阻的变化，再根据灯丝发热功率的变化判断产生的热量，最终得出结论。
【解题过程】答：家用白炽灯在开灯的瞬间容易熔断。因为灯丝的电阻随温度的升高而增大。刚开
U2灯时，灯丝的温度比较低，灯丝的电阻也相对较小，根据P，电压一定，灯丝此时的发热功
R率很大，相同时间产生很多的热量，使灯丝温度迅速升高，达到灯丝的熔点而熔断。
【总结归纳】解答本题的关键是知道灯丝的电阻与温度的关系，并根据电阻变化对灯丝发热功率的影响判断其发热情况。
五、计算题（本题包括3个小题，共23分）
23．（7分）如图是我国自行设计的一款新型加油机，配有高性能的发动机和先进的航空仪器设备，它的总质量为4000kg，g取10N/kg。
（1）飞机静止在水平地面时，机轮与地面的总接触面积为1m2，则飞机对地面产生的压强是多少？ （2）飞机在空中以288km/h的速度水平匀速直线飞行5min，它在水平方向受到的阻力为飞机重力的0.1倍，那么飞机发动机在这段时间内所做的功是多少？功率又是多少？ 【知识考点】压强的大小及其计算；功的计算；功率的计算．
【思路分析】（1）飞机静止在水平地面时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据pF去求出飞机对地面产生的压强； SW求出功率。 t（2）根据s=vt求出飞机飞行的距离，匀速飞行时受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据W=Fs求出飞机发动机在这段时间内所做的功，根据P【解题过程】解：（1）飞机静止在水平地面时，对地面的压力：F=G=mg=4000kg×10N/kg=4×104N， 飞机对地面产生的压强：p=
=4×104Pa；
（2）飞机飞行的速度v=288kg/h=80m/s，飞行时间t=5min=300s， 由vs可得，飞行的路程：s=vt=80m/s×300s=2.4×104m， t因飞机水平匀速直线飞行，牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等， 所以，发动机的牵引力：F′=f=0.1G=0.1×4×104N=4×103N，
飞机发动机在这段时间内所做的功：W=F′s=4×103N×2.4×104m=9.6×107J， 功率：P=
=3.2×105W。
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答：（1）飞机对地面产生的压强是4×104Pa；
（2）飞机发动机在这段时间内所做的功是9.6×107J，功率是3.2×105W。
【总结归纳】本题考查了压强和功、功率的计算，利用好二力平衡条件和知道水平面上物体的压力和自身的重力相等是关键。
24．（8分）某电水壶的铭牌如图甲所示，装水达到额定容量，此时水温为20℃，如果加热5min之后，水温达到100℃，则[c水=4.2×103J/（kg•℃），q煤气=4.0×107J/m3]
（1）水吸收了多少热量？
（2）此过程中电水壶消耗了多少电能？加热过程中电水壶的效率是多少？
（3）如果水吸收的热量完全由燃烧煤气来提供，至少需要燃烧多少立方米的煤气？（小数点后保留两位数字）
【知识考点】电功与热量的综合计算．
【思路分析】（1）由电水壶的铭牌可知水的体积，根据m=ρV求出水的质量，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；
（2）知道加热功率和加热时间，根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=电水壶的效率；
（3）由题意可知煤气完全燃烧释放的热量，根据Q放=Vq求出求出所需煤气的体积。 【解题过程】解：（1）水的体积：V=1.2L=1.2dm3=1.2×10-3m3， 由×100%求出加热过程中
m可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×1.2×10-3m3=1.2kg， VW可得，电热水壶消耗的电能：W=Pt=1500W×60s×5=4.5×105J， t×100%=89.6%；
水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1.2kg×（100℃-20℃）=4.032×105J； （2）由P加热过程中电水壶的效率：η=
（3）由题意可知，煤气完全燃烧释放的热量：Q放=Q吸=4.032×105J，
由Q放=Vq可得，所需煤气的体积：V′=答：（1）水吸收了4.032×105J的热量；
≈0.01m3。
（2）此过程中电水壶消耗了4.5×105J的电能，加热过程中电水壶的效率是89.6%；
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（3）如果水吸收的热量完全由燃烧煤气来提供，至少需要燃烧0.01m3的煤气。
【总结归纳】本题考查了密度公式和吸热公式、电功公式、效率公式和燃料完全燃烧释放热量公式的应用，关键是认真审题，从表中得出有用的相关信息，灵活利用相关公式解题。
25．（8分）如图甲所示，电源电压不变，R1=10Ω，滑动变阻器R2标有“50Ω 1A”字样，图乙为小灯泡的电流与电压关系图象，当R2的滑片在b端，且只闭合S1、S2时，电流表示数为0.2A，当S1、S2、S3都闭合且滑片在a端时，灯泡正常发光，则：
（1）电源电压为多少？
（2）闭合S1、S2、S3，且滑片在a端时，灯泡的额定功率多大？此时电路总功率为多少？ （3）只闭合S1、S2，且当电压表示数为6V时，滑动变阻器接入电路中的电阻为多少？ 【知识考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．
【思路分析】（1）当R2的滑片在b端，且只闭合S1、S2时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；
（2）当S1、S2、S3都闭合且滑片在a端时，R1与灯泡L并联，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压等于额定电压可知灯泡的额定电压，根据图象读出通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率，根据欧姆定律求出通过R1的电流，利用并联电路电流特点求出干路电流，利用P=UI求出此时电路总功率；
（3）只闭合S1、S2，且当电压表示数为6V时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出变阻器接入电路中的电阻。
【解题过程】解：（1）当R2的滑片在b端，且只闭合S1、S2时，R1与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，由IU可得，电源的电压：U=I（R1+R2）=0.2A×（10Ω+50Ω）=12V； R（2）当S1、S2、S3都闭合且滑片在a端时，R1与灯泡L并联， 因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光， 所以，灯泡的额定电压UL=U=12V， 由图乙可知，对应的电流IL=0.6A，
则灯泡额定功率：PL=ULIL=12V×0.6A=7.2W， 通过R1的电流：I1=
=1.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
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所以，干路电流：I′=I1+IL=1.2A+0.6A=1.8A， 电路的总功率：P=UI′=12V×1.8A=21.6W；
（3）只闭合S1、S2，且当电压表示数为6V时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，R1两端的电压：U1=U-U2=12V-6V=6V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中的电流：I″=解得：R2′=10Ω。 答：（1）电源电压为12V；
（2）闭合S1、S2、S3，且滑片在a端时，灯泡的额定功率为7.2W，此时电路总功率为21.6W； （3）只闭合S1、S2，且当电压表示数为6V时，滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω。
【总结归纳】本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和图象中读出电流与电压的对应。 六、实验、探究题（本题包括5个小题，共35分） 26．（6分）在冷却沸水的实验中，如图可知：
，即
，
（1）水的沸点是 ℃，说明当时的大气压 标准大气压。
（2）图中CD段物质处于 （填“固态”、“液态”或“固液共存态”），凝固过程共经历了 min；其中C点内能 （填“大于”、“小于”或“等于”）D点内能。 （3）从图象上看出BC段直接相对于DE段直线倾斜度相对较小，是因为 。 【知识考点】熔化和凝固的温度—时间图象．
【思路分析】（1）根据水沸腾时的特点（吸热但温度保持不变）结合图象得出水的沸点；一个标准大气压下水的沸点为100℃，气压减小，沸点降低；
（2）熔点是晶体熔化时的温度，晶体在凝固时保持熔点温度不变，处于固液共存状态；冰凝固的时候继续放热，温度不变，但内能减少；
（3）运用公式Q放=cm△t可以知道，当质量和放出的热量相同时，降低的温度△t和比热容c成反比。
【解题过程】解：（1）由图中数据知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以水的沸点是98℃，小于100℃，所以当时大气压小于一个标准大气压；
（2）从图象上看，该物质从C点开始凝固，到D点凝固完毕，故CD处于固液共存态，持续时间为15min-10min=5min。该物质的质量不变，凝固是个放热过程，故C点的内能大于D点的内能； （3）从图象上看，相同时间放出相同的热量，该物质处于固态时的温度变化量要大于处于液态时的
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温度变化量。根据公式Q放=cm△t可以知道，当质量和放出的热量相同时，温度变化量大的比热容小。
故答案为：（1）98；低于；（2）固液共存态；5；大于；（3）液态水的比热容大于固态冰的比热容。 【总结归纳】此题通过对图象数据分析，考查了学生根据数据获取信息的能力，考查了对沸点、熔点、比热容的掌握。难度不大，属于中档题。
27．（7分）小明在做“凸透镜成像的规律”实验中，所实验的凸透镜焦距是10cm。
（1）小明首先把蜡烛、凸透镜、光屏，依次摆放在光具座上，点燃蜡烛，调整烛焰、凸透镜、光屏使三者的中心在 ，目的是 。
（2）如图所示，把凸透镜固定在50cm刻线处，蜡烛固定在15cm刻度线处，则光屏在 （填“50-60”、“60-70”或“70-100”）cm刻度线范围内移动，光屏上才能得到清晰倒立的、 （填“放大”或“缩小”）的实像， （填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）是根据这一原理制成的。
（3）完成上述实验以后，保持各元件位置不变，若在蜡烛与凸透镜之间放一远视眼镜，需将光屏向 （填“左”或“右”）移动，光屏上能再次形成清晰的像，说明远视眼镜的镜片对光线有 作用。
【知识考点】凸透镜成像规律及其探究实验．
【思路分析】（1）调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使物体的像能够成在光屏的中心。
（2）当u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，应用是照相机；当u=2f时，凸透镜成倒立等大的实像，应用是测焦距；当f＜u＜2f时，凸透镜成倒立放大的实像，应用是投影仪；当u=f时，不成像；当u＜f 时，成正立放大的虚像，应用是放大镜； （3）远视镜对光起会聚作用，使得成像靠近凸透镜。
【解题过程】解：（1）当物体通过凸透镜成实像时，成的像要用光屏来承接，所以要调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，以保证物体的像能够成在光屏的中心；
（2）如图所示，把凸透镜固定在50cm刻线处，蜡烛固定在15cm刻度线处，则光屏在60-70cm刻度线范围内移动，该凸透镜的焦距是10cm，从图中可以看出，此时蜡烛在凸透镜的二倍焦距以外，像应该成在透镜的一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、缩小的实像；照相机就是应用的这一原理； （3）远视眼镜为凸透镜，对光线有会聚作用，烛焰发出的光经两个凸透镜的两次会聚后，成像的位置必定在原来像位置的左侧，故光屏向左才能承接到像。
故答案为：（1）同一高度上；使烛焰的像成在光屏中心；（2）60-70；缩小；照相机；（3）左；会聚。 【总结归纳】器材先摆放后调节，蜡烛、凸透镜、光屏按顺序摆放到一条直线上；调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度处。摆放时强调“蜡烛”、“同一直线”，调节时强调“烛焰”、“同一
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高度”。
28．（6分）小峰要探究滑动摩擦力大小与什么因素有关，他猜想影响滑动摩擦力大小的因素有： ①接触面所受压力大小； ②接触面的粗糙程度； ③接触面积大小。
他利用如图所示实验操作来验证他的猜想：
（1）实验中用弹簧测力计水平拉动木块在长木板上做 运动，这样做是根据 的原理得出拉力等于摩擦力，从而测出木块所受的摩擦力的大小。
（2）如果要探究猜想②，他应该选择 两幅图所示的实验步骤来操作，根据图中弹簧测力计的示数（F甲＜F乙＜F丙）可得出结论： ，滑动摩擦力越大。
（3）要探究猜想③，他将木块沿竖直方向切去一半，重复步骤甲的实验操作过程，通过比较，他得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关。你认为他的结论可靠吗？ 答： 。小峰在实验中存在的问题是 。 【知识考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验．
【思路分析】（1）掌握二力平衡条件，要正确测出摩擦力的大小，需拉动木块做匀速直线运动； （2）根据猜想，要探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系，需使压力大小和接触面积大小相同，改变接触面的粗糙程度；
（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小。
【解题过程】解：（1）实验中应该用弹簧测力计水平匀速直线拉动木块在长木板上滑动，根据二力平衡原理，拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力等于拉力；
（2）要探究摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系，需使压力大小和接触面积大小相同，改变接触面的粗糙程度，所以应选择乙图和丙图；
由图知，在压力、接触面积大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，将木块切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，所以得出错误结论。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；（2）乙、丙；在压力、接触面积大小一定时，接触面越粗糙；（3）不可靠；在改变接触面积的同时，没有控制压力不变。
【总结归纳】此题是探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，考查了学生对控制变量法的理解和应用，题目很典型。
29．（8分）在测量盐水密度的实验中：
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将天平放在水平台上，将游码移动到 ，横梁静止时，指针在如图甲所示的位置，为使天平再次平衡，应将平衡螺母向 端移动。
（1）将装有适量盐水的杯子放在调节好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为128g，然后将杯中一部分的盐水倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中盐水的体积为 cm3。
（2）将装有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图丙所示时，天平再一次平衡，则杯子就杯内剩余盐水的总质量为 g。 （3）根据上述实验数据计算盐水的密度为 kg/m3。
（4）在完成上述实验 后，有同学想测量一小块蜡的密度（其密度小于水），但手中只有如下器材：一量杯、适量的水、细针、小块蜡。请你帮助他设计实验，并填写实验步骤，用测量的物理量表示 结果：
①将两倍中倒入适量的水，记下体积V1； ② ； ③ ； ④ρ蜡块= 。（已知水的密度为ρ水） 【知识考点】液体的密度测量实验．
【思路分析】将天平放在水平台面上，游码移到左端零刻度线。当横梁静止时，在天平的调平过程中，指针左偏，说明左盘低，右盘高。哪端的盘较高，平衡力螺母便向哪端调节；
（1）在测量物体的质量时，物体放在左盘中，砝码放在右盘中。天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。在进行量筒的读数时，从图乙可以读出量筒内盐水的体积，注意量筒的分度值；
（2）天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
（3）杯子和盐水的总质量减去杯内剩余盐水的总质量是量筒中盐水的质量；V是量筒中盐水的体积。根据公式m计算盐水密度； V（4）要测量蜡块的密度，需测出水的体积、水和蜡块的总体积，根据密度公式求出蜡块的密度。 【解题过程】解：将天平放在水平台面上，游码移到左端零刻度线。当横梁静止时，在天平的调平过程中，指针左偏，说明左盘低，右盘高。哪端的盘较高，平衡力螺母便向哪端调节。根据题图可以知道，指针左偏，因此平衡螺母应该向右调节；
（1）量筒的分度值为1ml，根据图乙可以看出盐水的体积60ml；
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（2）在测量物体的质量时，物体放在左盘中，砝码放在右盘中。天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。则剩余的盐水和杯子的总质量为60g+2g=62g。由题意可以知道，倒入量筒内的盐水的质量为m=128g-62g=66g。 （3）则盐水的密度：ρ=
=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3。
蜡块
（4）蜡块漂浮在水面上，漂浮时，F浮=G．根据阿基米德原理，F浮=G排．因此，漂浮的物体受
到的重力等于它排开的液体收到的重力，即G蜡块=G排．所以，m蜡块=m排=ρ水V排=ρ水（V2-V1）。蜡块浸没时，排开水的体积等于蜡块的体积，即V蜡块=V排=V2-V1．故蜡块的密度：ρ蜡块=故答案为：零刻度线处；右； （1）60； （2）62； （3）1.1×103；
（4）②使蜡块漂浮在量杯内的水面上，记下刻度为V2； ③用细针将蜡块按住，使其浸没在水中，记下刻度为V3；基米德原理的公式。难度中等。
30．（8分）实验室有一个标有“2.5V”字样的小灯泡，红红想测其额定功率，器材如图乙所示。
。
。
【总结归纳】本题涉及到液体的密度的计算以及漂浮物体的密度的测量，综合应用到漂浮条件和阿
（1）跟姐姐红红的实验电路图，请你用笔画线代替导线，将实物图补充完整。
（2）红红连接完电路后，闭合开关，发现小灯泡微微发光，移动滑片P，小灯泡亮度不改变，请帮助她分析原因： 。
（3）解决上述问题后，闭合开关，电流表、电压表如图丙、丁所示，则电流表示数为 A，
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电压表示数为 V，实际功率为 W．如想测出小灯泡的额定功率，滑片P应向 （填“左”或“右”）端滑动。
（4）红红在测小灯泡额定功率时发现电压表已损坏，想出一个解决方法，她从实验中选取一个阻值为5Ω的定值电阻R0和另一个完好的电流表A1，按如图戊所示的电路进行测量，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电流表A1示数为 A时，小灯泡正常发光；若此时电流表A的示数为0.8A，那么小灯泡的额定功率为 W。 【知识考点】电功率的测量实验．
【思路分析】（1）实验中滑动变阻器应一上一下串联入电路中，电压表与被测灯泡并联； （2）根据电路现象分析电路故障原因；
（3）由图示电表读出其示数，然后应用串联电路特点与欧姆定律求出灯泡电压，然后由P=UI求出灯泡额定功率；
灯泡在实际电压等于额定电压时正常工作，由此根据串联电路分压特点分析滑片移动方向； （4）根据并联电路特点和欧姆定律得到灯泡正常发光的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率。 【解题过程】解：（1）测灯泡额定功率的实验中，滑动变阻器应一上一下串联入电路，电压表并联在灯泡两端，由题灯泡额定电压2.5V，所以电压表使用0-3V量程，如图所示：
（2）闭合开关，小灯泡微微发光，说明电路电流很小，电路总电阻很大；移动滑片，小灯泡亮度都不改变，说明滑动变阻器不能改变电路总电阻，可能是由于滑动变阻器同时接下面两个接线柱，滑动变阻器被接成定值电阻造成的；
（3）由题意可知，电压表量程为0～3V，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2V；由电路图可知，电流表量程为0～0.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.24A，灯泡额定功率P=UI=2V×0.24A=0.48W；
为使灯泡正常发光测得其额定功率，应增大灯泡两端电压，由串联电路的分压原理可知，应减小滑动变阻器连入阻值，即滑片应向左移动；
（4）由图R0与灯泡并联，灯泡正常发光时，U额=U0=2.5V，
=0.5A，
由并联电路的电流特点可知，此时通过灯泡电流：IL=IA-IA1=0.8A-0.5A=0.3A， 所以灯泡的额定功率：P额=U额IL=2.5V×0.3A=0.75W。
故答案为：（1）见上图；（2）滑动变阻器同时接下面两接线柱了；（3）0.24；2；0.48；（4）0.5；0.75。 【总结归纳】本题考查了连接实物电路图、电路故障分析、电表读数、求灯泡额定功率；连接实物
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电路图时要注意电表量程的选择；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。
没有电压表测功率时，明白用电流表与已知阻值的电阻的组合间接测电压是关键。
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